北心保际调市秋不国克风下温中混的法方时清块质功才价是感有克，清块用念后，中绳的拉力对小球不：功，放A正确：下摆过盘，系统机减能守恒，mgL一号M听十m时水方向动量守恒：0=M一ms小球向左摆动最高点，机械能守恒：亏m=mgL(1一0s60)人，。年《日三式联立，解得：M仁m,故B错误；由均功量守恒M号-m之=0，解得：一号，即释放小球叶骨块到特板的距离为号故C正璃，滑块撞击挡板时，挡板对滑块作用力的冲量大小为I=M=m√，故D错误。故选：AC。21.CD【解析】根据题意可知，行于MN的方向射人磁场后，粒子向下偏转，根据左手定划可知，粒子带负电，A错误，由粒于源S与MN相距，可知S0与MN的夹角为30，画出到达O,点粒子的运动轨迹如图所示，根据几何关系可知到达收集板上O点的粒子在磁场中的速度偏转角为60°，B错误；到达收集板且在磁场中运动时间最长的粒子在磁场中的偏转角最大，由几何关系可知，偏转角最大为π，故到达收集板的粒子在磁场中运动的最长时同为一要T-器C正痛：带电在子暗场中造动时有B=0,基理得一,到达收集板的粒子的2π金市选度最大值对应的轨道羊径最大，即到达N点的粒子连度最大，由几何关系得广-(，)'十R+R0y,得，广(2+v3)R,故到达收桌板的粒子的连度最大值为B2+BqB,D正璃。mm22.(5分)(3)B(1分)④是1分)小1分)代公警外当实沙还，23.(10分)(1)黑(2分)a是Re分票e分(3)B(2分)下4(4)33.0(2分)24.(12分)【解析(1)对物块C由O到M再到N,设物块C运动到N点的速度大小为0o,应用动能定理，可得W-hmeg(2十)=号21哈…心on…wa…j爱解得=入2WEmc-24g(2+s)V0.52X11-2×0,4X10X(2×0.05+0.9)m/s=6m/s物块C与空盒B碰后瞬间，动量守恒，则有mcvo=(mc+mg)v小…1分解得0=之=3m/s…1分(2)物块C与空盒B碰后可看为一整体，设为m=mc十mg=1kg则有BC整体的加速度为Etimg=-2 m/s…1分小车的加速度为4=也m竖=1m/gmABC整体在小车上微减速运动，小车做加速运动，设经时间后BC整体与小车A速度相等，此时则有十4=a解得6元a2一a1…1分=1sBC整体运动的位移为……1分

15.(15分)如图所示，竖直面内的四分之一光滑圆弧轨道AP和水传送带PC相切于P点，圆弧轨道的圆心为O,半径R1.8m。质量m=1kg的滑块（可视为质点）从圆弧轨道顶端A点由静止开始下滑，再滑上传送带PC,传送带以速度w=3m/s沿逆时针方向转动。滑块与传送带间的动摩擦因数μ=0.5，滑块刚好不从C端滑落，不计滑块经过圆弧轨道与传送带连接处的机械能损失，重力加速度g=10m/s2。求：(1)传送带的长度L。(2)滑块第一次在传送带上运动由于摩擦产生的热量Q。(3)整个运动过程中，滑块在P点对圆弧轨道的最小压力W。

北心保际调市秋不国克风下温中混的法方时清块质功才价是感有克，清块用念后，中绳的拉力对小球不：功，放A正确：下摆过盘，系统机减能守恒，mgL一号M听十m时水方向动量守恒：0=M一ms小球向左摆动最高点，机械能守恒：亏m=mgL(1一0s60)人，。年《日三式联立，解得：M仁m,故B错误；由均功量守恒M号-m之=0，解得：一号，即释放小球叶骨块到特板的距离为号故C正璃，滑块撞击挡板时，挡板对滑块作用力的冲量大小为I=M=m√，故D错误。故选：AC。21.CD【解析】根据题意可知，行于MN的方向射人磁场后，粒子向下偏转，根据左手定划可知，粒子带负电，A错误，由粒于源S与MN相距，可知S0与MN的夹角为30，画出到达O,点粒子的运动轨迹如图所示，根据几何关系可知到达收集板上O点的粒子在磁场中的速度偏转角为60°，B错误；到达收集板且在磁场中运动时间最长的粒子在磁场中的偏转角最大，由几何关系可知，偏转角最大为π，故到达收集板的粒子在磁场中运动的最长时同为一要T-器C正痛：带电在子暗场中造动时有B=0,基理得一,到达收集板的粒子的2π金市选度最大值对应的轨道羊径最大，即到达N点的粒子连度最大，由几何关系得广-(，)'十R+R0y,得，广(2+v3)R,故到达收桌板的粒子的连度最大值为B2+BqB,D正璃。mm22.(5分)(3)B(1分)④是1分)小1分)代公警外当实沙还，23.(10分)(1)黑(2分)a是Re分票e分(3)B(2分)下4(4)33.0(2分)24.(12分)【解析(1)对物块C由O到M再到N,设物块C运动到N点的速度大小为0o,应用动能定理，可得W-hmeg(2十)=号21哈…心on…wa…j爱解得=入2WEmc-24g(2+s)V0.52X11-2×0,4X10X(2×0.05+0.9)m/s=6m/s物块C与空盒B碰后瞬间，动量守恒，则有mcvo=(mc+mg)v小…1分解得0=之=3m/s…1分(2)物块C与空盒B碰后可看为一整体，设为m=mc十mg=1kg则有BC整体的加速度为Etimg=-2 m/s…1分小车的加速度为4=也m竖=1m/gmABC整体在小车上微减速运动，小车做加速运动，设经时间后BC整体与小车A速度相等，此时则有十4=a解得6元a2一a1…1分=1sBC整体运动的位移为……1分

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西会0个56110：5024理综高三金典卷新教.☑●●二全国©0所名校高考模拟金典卷22.答案(1)k1k2(2分)(2)C(2分)(3)A(2分)解题分析(1)由于1：表面镀银，光线在其表面只能发生反射，所以光路为入射光线、经过k1k的折射光线、经过m1m2的反射光线、再次经过k1k2折射后的出射光线，由此光路可知，准备插第三枚大头针时，应在kk2一侧观察。(2)插第三枚大头针时，这枚大头针应同时挡住P和P:的像，C项正确。A2O(3)根据折射定律可得nsin iB0,A项正确。AO A,Osin rB2OBO23.答素(1)3.5(2分)大于(1分)(2⊙(1分)(1分)R(1分)R(1分)如图所示(2分)(3)1.7(3分)RE解题分析(1)由题图甲所示欧姆表可知，小灯泡的阻值为3.5×12=3.52。钨丝小灯泡正常发光时电阻R≈兴-64，可知电阻会变大大于虎时政等表的示反.(2)小灯泡的额定电压为3.2V,故电压表选①：在额定电压下，通过小灯泡的电流约为0.5A,用电流表⑤与R,并联可改装为量程为1一1人十-0,6A的电流表：清动支里器应养用分压接法，滑动变阻器应选总阻值较小的R1。小灯泡的电阻较小，电流表应采用外接法，电路图如图所示。(3)电压U=3.2V时，通过小灯泡的电流I1=0.26×2A=0.52A,则小灯泡的功率P=UI13.2×0.52W=1.7W。24.醒题分析(1)根据盖一吕萨克定律，有是-光2分剂可得TD=300K。(2分)(2)汽缸内的空气等压膨胀后的压强记为p,对活塞进行受力分析，如图所示由衡条件得pS=mg十pS(1分)解得p=9.8×10Pa(1分)该过程中外界对气体做的功↓mgW=p△V=-12.25J(1分)根据热力学第一定律，有理科综合（七）（物理部分）参考答案第3页（共5页）【24新教材老高考·JD·理科综合】二全国©0所名校高考模拟今△U=W+Q(1分)可得Q=49.25J。(2分)25.解题分析(1)对小物块α，根据牛顿第二定律，有mg=m1a1(1分)解得小物块a的加速度大小a1=g=1m/s2(1分)对长木板，根据牛领第二定律，有7其他应用打开

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(2)小车第一次与墙壁碰撞后，小车向右减速，滑块向左减速，由于4>a4,故小车的速度先减为零，然后反向加速，直至与滑块共速后再一起匀速向左运动，再与墙壁发生第二次碰撞，以此类推最终经过无数次碰撞，二者速度均为零，小车左端紧靠墙壁静止，该过程滑块对地要么向左减速要么向左匀速，故滑块的总路程x4与全过程二者之间相对打滑的距离△xB相等，即XA=△XAB2分)由能量守恒得.1(2分)2mg△xAa=2×2m,+2×m解得3y,2(2分)XA=●44g(3)将滑块的所有减速过程视为一个整体，即为初速度大小为'。，加速度大小为a4=4g的匀减速运动，设滑块做减速运动的时间有0-。=-a4(1分)则(1分)1&ug设第一次碰后二者共速时的速度为”，，由动量守恒2mvo-mvo =3mv(1分)解得(1分)=号第一次碰后到二者共速的过程，小车的均速度叫=%+业=-%(1分)23而共速后到第二次碰前的匀速过程，小车以y=匀速运动，可知，在任意两次3

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202215/25高分说《纸笔考试答案解析》44.E上一句介绍咖喱菜在英国与一种名为“Chicken Tikka Masala"的菜有相同的含义，由此可知该空应填关于这道咖喱菜的句子，即E项“这是一道

物理·辽宁名校联盟参考答案及解析(4)弹簧受力长度均匀变化，截取弹簧一半【解析】(1)根据点电荷电场强度公式和电后，相同作用力下，形变量减半，所以弹簧场叠加原理，可知M点的电场强度大小为的劲度系数变为原来的2倍，即'=2FEy=2Xk、Q方向50N/m,故弹簧的形变量为△x=W2b)×cos45”=2Q2b7沿y轴正方向(2分)1.5m=0.03m=3cm.50(2)小球经过M点时，受到沿y轴正方向的13.(1)3.6m/s电场力gEM和竖直向下的重力mg,取沿y轴负方向为正方向，由牛顿第二定律有mg(2)0.56mqEy=ma(1分)【解析】(1)物块在箱子顶面滑动时的加速度大小为a1=山g=2m/s2(1分)解得加速度a=g者g>92mb2对箱子受力分析有则加速度方向沿y轴负方向；若g12,故箱15.(1)2mqL子还未停下物块下弦过程中，箱子滑行的位移大小为e9n(1分)(3)14【解析】()粒子从P点到Q点做类抛运动，沿y轴方向有1=2L(2分)沿轴方向有。ai=儿(2分)粒子在空间1内的加速度大小为a=Eg得E-(2分)解析

7:13.ll令的<囚PDF囚答案12.如图所示，水木板上有甲、乙两个物块，已知甲的质量大于乙的质量，两物块与木板接触面的粗糙程度相同，甲、乙分别在水拉力F,和F2的作用下以相同速度匀速直线运动了相同时间。下列说法中正确的是A.F,与F2大小相等B.F比F2的功率小C.F1比F2做的功多D.物块甲移动的距离短13.有报道指出，中国海军近年出于发展远洋海军的考虑，把发展重心放在核潜艇上。下列说法正确的是()A.潜艇下潜时受到的浮力会逐渐变大B.潜艇下潜时受到海水的压强会逐渐变大C.潜艇上浮和下潜是靠改变排开水的体积实现的D.潜艇漂浮在水面上所受的浮力比潜入海底所受的浮力小14.下列物体受力的示意图（不考虑空气阻力）正确的是)A.篮球飞行时受力的示意图B.物体对斜面的压力示意图0C.书本静止所受力的示意图D.小球所受浮力的示意图三、计算题（共22分，第15小题6分，第16、17小题各8分）15.一边长为0.2m的正方体物块放在盛有50L水的薄壁圆柱形容器中，容器重为10N,底面积为0.1m2。现用20N的力F把物块往水下按，物体刚好浸没在水中且保持静止状态，如图所示(P*=1.0×103kg/m3,g取10N/kg)。求：(1)容器中水的重力为多少？(2)物块完全浸没在水中时，受到的浮力为多少？(3)当撤去压力F后，物块静止时排开水的重力是多大？八年级物理第3页3/6

面图如图所示，截面正方形的对角线与截面圆的一条直径恰好在一条直线上，所有摩擦忽略不计，重力加速度为g。则()的B777777777777777777777777↑F2A.F=(M+m)gB.F=mgC.地面受到的压力为FN,Fv<(M+m)gD.地面受到的压力为FN,FN>(M+m)gFB【解析】对圆球B受力分析，如图，B=45°，AG0对B的弹力F,=m唱。，根据牛顿第三定律，B对AC【解析】在A、B、D三个受力分析图中，合力不cos B可能为零，不能处于衡状态，只有C图中的风的济力=EgF=如8=gA维说，8筝，在三个力的作用下可能处于衡状态，C正确。正确；地面受到的压力为FN=Mg+F'TCos B=Mg+2.某一衡艺术家将石块A、B、C从下到上依次叠cos o B=-Mg+nmg,C、D错误。mg放在一块大石头上，并使它们始终保持静止，整个环境处于无风状态，则()Fmgs4.如图所示，光滑细圆环固定在竖直面内，0为其A.石块C对B的压力与C的重力产生原理相同圆心、P为其最高点。轻弹簧a一端固定在P点，B.石块B最多受4个力的作用另一端与套在环上的质量为m的小球甲相连，轻C.石块A受到的合力向上弹簧b一端连接甲，另一端与套在环上的质量也为D.石块B对石块A的作用力一定竖直向下m的小球乙连接，系统处于静止状态时，两弹簧长D【解析】压力与重力是两种不同性质的力，产度均与圆环半径相等。则a、b两弹簧对甲拉力大生原理不同，A错误；石块B受力的个数最多可小之比为()能为5个，即重力、C对B的压力和摩擦力、A对PB的支持力和摩擦力，由于石块B、C整体可以正甲Oa立在石块A上，以石块B、C整体为研究对象，根据衡条件可知A对B、C整体的作用力竖直向上，与B、C的总重力衡，所以石块B对石块A乙的作用力一定竖直向下，B错误，D正确；石块A处于静止状态，合力为0，C错误。A.√2：1B.3:13.质量为M的正方体A与质量为m的圆球B在水C.2:1D.1:1向右的外力F作用下静止在墙角处，它们的截C【解析】对甲、乙两球受力分析，如图所示，由。7。1

B.Improve our stress resistance.(提高我们的抗压能力。)文中并未说明提高抗压能力是生物钟系统完善身体机能的关键。D.Train our alertness purposefully..(有目的地训练我们的警觉性。)文中只提及生物钟系统会通过释放警觉性荷尔蒙实现身体机能的完善并未说明训练和提高警觉性会使得生物钟系统作用良好。30.D。推断。根据第四段However,.our society loves an early bird,,so you may have beensurrounded by advice to start your day earlier...contribute to improved mental clarity andheightened concentration,ultimately setting the stage for a more successful workday ahead.知，有证据表明早起的人效率更高、更高产。3l.A。理解主旨要义。根据最后-一段“If you need to change your sleep schedule to fit yourlifestyle better,remember to change by no more than 15 minutes each day and regard it as astep-by-step task.”以及全文可知，作者从确保充足睡眠、规律作息、循序渐进适当早起等方面进行分析和说明，帮助我们解锁早起诀窍。D【主题语境】人与自然一灾害防范【语篇导读】本文是一篇说明文。由于全球范围内的气候变化，森林野火火灾呈上升态势。为了应对这个问题，德国公司Dyad开发了一种新型的野火预警系统，这种预警系统通过气体检测传感器及时发出警报，帮助森林管理者尽快采取行动，有效遏制火情的蔓延。【语块积累】?濠？訛wildfire野火?凝？訛give out散发?譻？訛visual detection视觉检测?警？訛satellite imaging卫星成像?譽？訛detection time探测时间

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