4.如图所示，在距地面相同的高度以相同的速率将四个相同的小球分别竖直下抛、竖直上抛、抛和斜抛，不计空气阻力。在这四个小球从抛出到落地的过程中，下列说法错误的是A.在小球从开始运动至落地的过程中，单位￥00200时间内速度的变化量均相同B.在小球从开始运动至落地的过程中，重力对小球做功的均功率相同C.在小球从开始运动至落地的过程中，重力对小球做的功相同D.在小球被抛出时，重力的瞬时功率不相同

15.(15分)如图所示，竖直面内的四分之一光滑圆弧轨道AP和水传送带PC相切于P点，圆弧轨道的圆心为O,半径R1.8m。质量m=1kg的滑块（可视为质点）从圆弧轨道顶端A点由静止开始下滑，再滑上传送带PC,传送带以速度w=3m/s沿逆时针方向转动。滑块与传送带间的动摩擦因数μ=0.5，滑块刚好不从C端滑落，不计滑块经过圆弧轨道与传送带连接处的机械能损失，重力加速度g=10m/s2。求：(1)传送带的长度L。(2)滑块第一次在传送带上运动由于摩擦产生的热量Q。(3)整个运动过程中，滑块在P点对圆弧轨道的最小压力W。

参考答案E=,则线框中意应电流1=是-聚故B错则R'与U是非线性关系，则将电压表刻度改为电阻刻度时，刻度分布不均匀，结合U一R图像可知，当电误：C.AC刚进入磁场时线框的CD边受到的安培力阻较大时，当电阻变化相等时，电压变化越小，即电与)的方向相反，AD边受到的安培力的方向垂直于阻的刻度为右密左疏；当电压表满偏时，AD向下，它们的大小都是F=BIa,由几何关系知，4.5RAD边与CD边受到的安培力的方向相互垂直，AC即3=1.5+3.5+R刚进入磁场时线框所受安培力为AD边与CD边受解得R'=102,故选C.到的安培力的矢量和F合-2F=②B0,故C选答案：（除标注外，每空2分）(1)错误(1分)RAUNV3.0项正确：D.当AC刚进入磁场时，CD两端电压U=2.5IX3迟=3Bau,故D选项正确.故选CD.]2.044(2)1.513.解析：(1)A.为了能画出抛运动轨迹，首先保证小1.0日球做的是抛运动，所以斜槽轨道不一定要光滑，但0.5必须是水的，故A错误；BC.为保证抛出的初速度0246810121相同，应使小球每次从斜槽上相同的位置由静止释(3)2.8(2.7-2.9都给分)等于(1分)(4)C放，故B错误，C正确；D.因为存在摩擦力，故不满足15.解析：(1)由玻意耳定律得机械能守恒定律，故D错误；故选C.A,w.-a),(,-av+,)(2分)(2)竖直方向根据自由落体运动规律可得y2-y1=gT2解得△-日Vo(1分)水方向匀速直线运动得x=v0T(2)设第二次抽气后气体压强为2解得v0=x-=Vy2-yi慧w,-an=(-av+点)(2分)/y2-y18设剩余气体压强为p,时体积为V,(3)因为△y=y2-y1=gT2,x=0T,则V=p2(V,-△V)(1分)联立可得△y=号x2剩余气体与原气体的质量比m1一Vm2V-△V1所以△y一x2图像的斜率为=号，解得0=解得m1=196(1分)m2225答案：（每空2分）(1)C(2)x√，yg(3)v0答案：1)gV:(2)196:2516.解析：(1)设列车正常车速为1，减速后车速为v2,减=贤速和加速过程位移为51，时间均为t1,减速后匀速行14.解析：(1)当电阻箱电阻调到最大时，闭合电键S1驶位移为s2,时间为t2,由运动学公式可得：2as1=ERm(2分)时，电压表两端电压为U=r+R十Rms2=v2t2,(1分)4.5×99.9s=21十s2,(1分)1.5+3.5+99.9V=4.28V,超过了电压表的量程，解得：s=12800m(1分)则该操作错误；(2)设列车正常车速通过s位移所用时间为t',则有：(2)做出U一R图像如图；1=2(1分)UIVa3.02.5犀(1分)2.0△t=2t1+t2-t',(1分)1.5解得：△t=280s.(1分)1.0用0.5用答案：(1)s=12800m(2)△t=280s17.解析：(1)对两球，由动量守恒定律得0=m11一024681012m2U2,(2分)(3)电压表示数为1.60V,利用(2)中测绘的U-R图像可得R,=2.82,该方法为等效替代法，则电压对两球，由动能守恒得E=m1听+喝，1分)表内阻对R,的测量无影响，则R,测量值等于真联立解得速度大小1=4m/s,2=2m/s.(1分)实值；(2)对球1和槽，由动量守恒定律得m11=m1'1十(4)设虚线内电路两端接电阻为R',则两端电压Mus,(2分)ER'EU=,+R0+R+R+1对球1和增，由动能守恒得宁m=合m肾+号RMug,(1分)·19·

根据几何知识可得光线在0点人射时的折射角为=受一否一（受一C)…（1分）光线在O点人射，根据折射定律有u=sinsin r…(1分)解得sin:=51(1分)215.【解析】(1)金属棒从Q端抛出做抛运动，则水方向：x=t…(们分)竖直方向：A=2g…(1分）联立獬得=4m/S。(1分)(2)闭合开关S,,断开开关S,电容器充电后，则U=E…(们分)面c号(1分)闭合开关S2,断开开关S,电容器放电，金属棒受到向右的安培力，从而做抛运动，根据动量定理有∑BiAt=w1…………………………………………………(1分)而∑At=Q(1分)最终电容器存储的电荷量Q=Q,一Q(1分)联立獬得Q=1.0X103C…(1分)(3)金属棒从NQ端运动到GJ端，根据动能定理有mgh=1而cos0=4……(们分)U2联立解得2=5m/s,0=37°…(1分)金属棒在GH、JK粗糙导轨上运动时，由于ngsin9=umgcos0,故金属棒将做减速运动，金属棒刚运动到GH、JK导轨上时，速度最大，回路电流最大，因而定值电阻R,消耗功率最大，根据闭合电路欧姆定律有Bl2=I(R1十R2)…(1分)Pmg=2R2(1分)联立解得Pmx=25W(1分)16.【解析】(1)由图甲可知，婵簧乐缩R时具有的弹性势能为E。=4mgR…(1分)由图乙可知，小物块在撤去外力运动到B点的过程，根据动能定理有Ep-47 gRsin30°=2·4m·i………(1分)联立解得u=√gR…(1分)(2)小物块质量为m,撤去外力，小物块由静止运动到C点过程，根据动能定理有E。-mg·(5R-R)sin30°-umg·(5R-2R)cos30°=(2分)小物块在C点的动量为p=m2……………………（1分）联立解得p=m?gR(1分)(3)小物块在复合场巾有m'g'=。m多c0s30(2分)小物块在等效最高点时有m'g√=m尺…（2分)物理试卷参考答案和评分标准第19页（共20页）

8.CD解析：根据磁感应强度的定义，将一小段电流元垂直放入磁场中，磁感应强度的大小在数值上等于它受到的安培力与电流和导线长度乘积的比值，即B=无，故一小段电流元必须垂直放入磁场中，C、D项正确。9.BC解析：本题考查回旋加速器的工作原理。质子从电场中获得能量，在磁场中偏转，A项错误：由B-m辰，得。一，可知B项正确：质子在D形盒中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，有B=m停)r,解得T-密，放C项正确：根据动能定理有mU=,可得粒子加速次数n=元元，由此可知狭缝间的加速电压越大，加速次数越少，则粒子在回EkgB2R2旋加速器中运动的时间越短，D项错误。10.AD解析：本题考查带电粒子在复合场中的运动。根据受力分析知小球带正电，因为玻璃管在水方向的速度不变，则小球受到的洛伦兹力在竖直向上的分力不变，所以小球在竖直方向做匀加速直线运动，A项正确；因为小球在水方向做匀速运动，故小球的实际运动为曲线运动，B项错误；小球从管口飞出后受重力和洛伦兹力作用，不可能做抛运动，C项错误；因为洛伦兹力总是与小球运动的速度方向垂直，故洛伦兹力不做功，D项正确。11.0.5(3分)正(2分)N(2分)解析：当电场力与洛伦滋力相等时，两极板间的电压不变，则有B=g号，解得U-00.5V;由于正离子向上偏转，故上极板带正电，所以上极板是磁流体发电机的正极。玻璃皿中水银的电流由边缘流向中心，且玻璃皿中水银做顺时针方向旋转，根据左手定则可知，磁场方向向下，玻璃皿上方的蹄形磁铁的极性是N极。12.1)E(2分)g(2)必须(2分)(3)向里(2分)FnIL(3分)解析：1>线框处」衡状态，根据弹簧的弹力与重力大小相等，可得线框的质量为上。g(2)要方便、精确地测量磁感应强度的大小，就必须使线框的底边处于水状态，这样它受到的安培力方向在竖直方向上。(3)弹簧测力计的示数刚好为零，说明线框受到向上的安培力作用，根据左手定则可知在磁场中的线框底边中的电流方向向里；线框受到安培力和重力作用，根据二力衡有BL=R得B=品13.解：(1)导体棒恰好处于静止状态，故导体棒受到的安培力方向水向右(2分)根据左手定则可知，匀强磁场的方向竖直向上。(2分)(2)导体棒受到的安培力F安=BIL=3×3×0.5N=4.5N。(3分)·8·【23新教材·DY·物理·参考答案-YJB一选择性必修第二册-G DONG】

对该卫星，有=m答，(2分)r2联立解得T-2π√gR3(2分)(2)再次经过该建筑物正上方时，卫星比地球多转一圈，设所需时间为t,则（ωt一t)=2π（2分）其中w=牙=2πgR2/3(1分)解得t=2匹(2分)gR20○设玩具过山车通过圆轨道最高点速度为，有4mg十mg·(2分)解得v'=√5gR=2√5m/s(1分)玩具过山车从B点到最高点的过程中，由机减能守恒有分m后=号m”十mg·2R(2分)解得vB=6m/s(1分)(2)玩具过山车从A点滑至B点的过程中，由机被能守恒有mg=方m%(2分)解得h1=1.8m(1分)(3)玩具过山车从B点滑出至车站顶端P,由动能定理有一wmgL一mgh=0-2m诟(2分)解得=0.65(1分)15.解：(D对微粒从静止到y轴，由动能定理得g6=2m-0(2分)解得v=2×10m/s(2分)(2)微粒做类抛运动，则ama一二，解得%-1×10m/s(1分)此时微粒速度大小为2=√2十，=√5×10m/s(1分)y方向，由牛顿第二定律有qE2=ma,解得a=4×1015m/s2(1分)则t==2.5×10-9s(1分)ax方向有x1=wt=5cm(1分)y方向有1=号a=1.25cm(1分)所以坐标为(5cm,1.25cm)(1分)(3)微粒受力与第(2)问中受力等大反向，由运动对称性可知出电场时竖直速度减小到0，运动时间与第(2)问时间相同(2分)所以出电场时，速度大小为%=w=2×10?m/s(1分)方向沿x轴正方向(1分)x方向有x2=10cm(1分)y方向有y2=2×1.25=2.5cm(1分)出电场时坐标(10cm,2.5cm)(1分)【高一下学期第二次阶段性考试·物理参考答案第2页（共2页）】23096A

(2)电流路径法：先找出电流的路径，再用笔思路引导根据题意作图的一般方法步骤：画线将电流的路径表示出来，沿电流路径明确确定电源、用电确定开确定用电逐一画出相应的电路符号。如：要求器及开关的连接方式关连接器连接用电器不同时工作，一般是并联；用电器同时工作，可能是并联，也可能是串联✉+开关与用电器串联：开关与用电器并联：闭合开关，用电器工闭合开关，用电器不6.根据如图实物图画出电路图。作；断开开关，用电器工作：断开开关，用电不工作器工作10.根据如图所示元件，要求L1、L2并联，S1控制L1,S2控制L2,S3在干路，连线不要交叉，请用笔画线代替导线将图中元件连成电路。7.根据如图实物图画出电路图。运彭每箭11.某品牌手持式电动螺丝刀如图所示，它有两个开关，其中开关S控制照明灯和电动机，开8.根据如图实物图画出电路图。关S只控制照明灯，请在虚线框内画出它的电路图。LL,(一电池类型三根据题意画电路图或连接实物图12.(2022·达州)某船上装有衡警示电路，其中9.如图甲所示的元件，请用笔画线表示导线连接S为重力开关，金属片M可绕O点自由转动。成电路。要求：L1、L2并联，开关S控制灯L1,当船水时，M在a、b中间；当船左倾到一定S2控制整个电路的通断，并在图乙虚线方框内程度时，绿灯亮、电铃响；当船右倾到一定程度时，红灯亮、电铃响。请完成电路图。画出电路图。绿灯红灯M第十五章电流和电路33

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生B卫星从A点运动到C点的时间大于从C点运动到B点的时学C卫里在轨道上的机械能大于卫星在轨道上的组城能一号E光卫星在轨道上A与速度大于轨道】上B点速度D卫星在销道1上：点加连度大于轨道门上B点加速度人9“旋转秋干·是游乐园里常见的项目、人坐在座特上随转盘旋转在空中飞旋。把人和座椅简化为小球和矩形箱子，如图所示一若旋转时小球在水面内做匀速圆周运动、线速度大小为，箱子对小球的作用力大小是小球重力的5倍。已知小球的质量m,重21力加速度为g,下列判断正确的是（八Q7.某排球运动员站在水瓦上对着竖直墙面练发排现三均从同一高度推出集直方在墙面上，第1、2次排球打在墙基的同-位置第1、2、3次排球推出时的初速度天小分别为以)排球打在墙面上的速度大小分别心要长在空中向上运动的时间分别为1、、4，排球摇时克派重力2m9:n0收做功的时功旁分别为P、、￡。不克气阻力，下列关系正A.小球所需的向心力大小为2mg确的是(DPEw悬线与竖直方向夹角的正an9=及Fh=z mwvB.老C.小球做圆周运动的角速或大小为284-空D.小球做圆周运动的纯道半的2A.g>w◇2七10.如图所示，质量为m的物块A套在鉴直周危粗细均匀的光滑S1>>5议乃>RP杆上，绕过定滑轮的细线一端连接物块，另一端吊着质量为3m二、3多项选择题（本题共3小题，每小题6分，满分18分。每题有的重物B,开始时用处力使A静止、这时连接物块A的细线写竖多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分直方向的夹角日=45°，杆上P点与滑轮等高P点到滑轮的距有选错的得0分)离为d,重力加速度为g,撤去外力，滑块4由静止向上运动到P如图甲所示，2023年3月15日，我国在酒泉卫星发射中心德用长征十一号运载火箭，成功将用于国士普查、城市规划和防灾减点的过八)灾等领域的试验十九号卫星发射牙空，卫星顺利进入预定凯道，发射任务获得圆满成功。图乙为发射过程简化示意图，先把卫星、bi3发射到椭圆轨道1上，卫星由近地点A沿轨道I运动到远地点B,白B然后从B点进大树形轨道川，4B是椭圆的长复CD是能圆复32轴，下列判断作确的是(拉A.物块A的速度一直增大B.物块B先失重后超重A72C.物块B的机械能一直减小州D.物块A运动到P点时速度大小为、(6√2-8)gd】号卷A10联盟高一年级(2022级)下学期期末考试，物理试题第2页共4页

位移均为yo=10cm(2)6m/s≤v.≤14m/s(10分)P质点的振动方程为y,=Asin(o+9(e>(说明：第2问若只算出来一种情况给6分)【详解】(1)设A、B开始滑动时的加速度分波动具有周期性，将数据代入得别为a、a2,对物块A,由牛顿第二定律g-g+2aa=0l2.3-）yMmig =m a得a=48=2m/s2P、9两质点的相位差为对木板B,由牛顿第二定律有△0=p-p=2+2ma=0,12,34nw8-凸2m4+mg)8=maa23P、?两质点的起振时间差为解得a2=4m/s2△=9=72=1+3”T=0,4+3m)s(u=0,12,3(2)调整圆弧轨道半径，设A在2点的速度02π3为e,.从P到2，由动能定理有△x又y△t-m,8x2说=之哈-号m将△x=0.8m、△t=0.41+3n)s代入解得要使A恰好做完整的圆周运动，在2点有v=,2msn=012,3)1+3nmg=m瓦，=3:4分)07.)4=9,y年4情形1：当A相对B从最左端滑到最右端时，2)x=号-L4分，B恰好运动到台面处，且Vu>Vs时，A对应的324g',有最大值。设B运动到与台面相碰所用的时m5(5分)E。=间为1，B的位移16a时【详解】(1)P1、P2碰撞过程，由动能守恒定A的位移律Mvo-2mvI解得Vomapx =14m/s此时A到台面的速度为解得：2，方向水向右V=Vomax -ah =10m/sva =8m/s对P1、P2、P系统，由动能守恒定律情形2：当A与B达到共同速度时恰好滑到BMvo+2mvo-4mv2右端，以后一起减速运动至台面，A对应的3解得4，方向水向右有最小值，设A与B一起运动的加速度为【说明：两个速度均未说明方向只扣1分，不a3,由牛顿第二定律有重复扣分】(m+mg)g=(m +mg)as（2)当弹簧压缩最大时，P1、P2、P三者具设A与B达到共同的速度为'共，所用时间为有共同速度2，由动能守恒定律42,有V共-Vomin-a2=a252Mvo+2mvo-4mv2木板的总位移为对系统由能量守恒定律11+馔归4mg ()(mi+(m2a32解得Vomin =6m/s解得则初速度的取值范围为324g6m/s≤v.≤14m/s最大弹性势能Ermi+(2m)vi-(m)i-2/mg(L+x)1解得Ep=mvo1618.(1)2m/s2、4m/s2;(6分)

A. 积木4 对积木 C 的支持力大小将增大 B. 积木下对积木 C 的支持力大小将减小 C. 积木4 与积木 C 之间可能没有弹力作用 D. 积木4.B、C 中,积木 C 所受合力最小 7. [山东青岛第十七中学 2023 届月考]如图所示， 水传送带48 间的距离为 16 m,质量分别为 2 kg,.4 kg 的物块 P.O,通过绕在光滑定滑轮上 的细线连接,@ 在传送带的左端且连接物块 Q 的细线水,当传送带以 8 mys 的速度逆时针转 动时,@ 恰好静止. 重力加速度g&= 10 m/s ,最大 静摩擦力等于滑动摩擦力. 当传送带以8 m/s 的 速度顺时针转动时,下列说法正确的是( ) 0 4 尼 忆 A. @ 与传送带间的动摩擦因数为 0.6 B. @ 从传送带左端滑到右端所用的时间为 2.48S C. 整个过程中,@ 相对传送带运动的距离为 4. 8 m D. @ 从传送带左端滑到右端的过程细线受到 的拉力为20N 二、多项选择题 8. [山西运城康杰中学 2023 届月考]如图甲所 示 ,粗糙水地面上项置三个倾角和质量相同 的斜面体,让 ce 三个质量相等的物块分别 从三个斜面上以相同的初速度下滑, 其 v- 图 像如图乙所示. 已知物块下滑过程中斜面体始 终保持静止,w、b、e 与斜面之间的动摩扩因数 分别为Www ws,斜面体对地面的压力分别为 Fw Fw PN斜面体对地面的摩擦力分别为 太太大.则下列说法正确的是 第3章 运动和力 C.太=0六水向右交水向左 D.访=0,太水向左,大 水向右 .[近宁胃山高中协作校 2023 届三模]如图所 示,巧挂于0 点的轻质弹簧,劲度系数上= 100 NMm ,其下端挫一质量关=1 kg 的小物体 4,紧挨物体4 有一质量NM=2 kg 的物体了,对 路施加一个竖直向上、大小为 35 N 的力王,系 统处于静止状态. 现突然改变力下的大小,使 物体4、B3 以加速度=5 m/s 匀加速下降,直 上用 到4、B 两物体分离,取g=10 m/s ,则 ( A. 两物体刚开始匀加速下降时 ,力下大 小为20T oo上 一一>| 汉| 忆 B. 两物体分离时 ,弹簧刚好恢复原攻 C. 改变力下的大小后经 0.2 s,4、B8 两 物体分离 D. 从改变力亚到两物体分离的过程中,系统克 一 服力做的功为3.84 了 10. [山东烟全第一中学 2023 届检测]如图所示， 一 一 足够长的木板置于光滑水面上,倾角9= ， 53*的斜臂放在木板上 ,一行于斜面的细绳 | 一端系在斜劈顶,另一端栓接一可视为质点 一一 的小球,已知木板、斜劈、小球质量均为 1 kg， 斜加与木板之问的动摩擦因数为几,重力加速 度g= 10 mys ,现对木板施加一水向右的拉 力Fitan 53*= 人 ,则下列说法正确的是( 。 ) A.若w=0.2,当=4N 时,木板相对斜劈向 ， 右滑动 B. 各=0.5,不论下多大,小球均能和和斜辟保 持相对静止 C.若人=0.8,当下=22.5 N 时,小球对斜臂的 压力为0 D.若kw=0.8,当=26N 时,细绳对小球的拉 力为2V41 N 【 音速上限 】 理论上限约 36 km/s，在固态气中传播速度最快，二条拼物理 31 5

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门加图所示依芯上绕有两个线图，由手个产生的险场都只有一半彩过对方。当线因1接入电压为40V的交流电由线圈2上的电压为如果线圈2接入电压为U的交流电路中时，则线圈1上的电压为A.10VB.20VC.30

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“天一大联考·安徽卓越县中联盟”2022一2023学年高三年级第二次联考理科综合·化学答案第7~13小题，每小题6分。7.答案B命题透析本题以化学与生产、生活的联系为情境，考查物质的性质及作用等知识，

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5、高三2024年普通高等学校招生统一考试模拟信息卷(五)5理科综合ZS4答案

小为C0准考证号&三、非选择题：共174分。22.(6分)某物理实验小组为了探究在压强不变的情况下气体的体积与热力学温度的关系，选用了23.(12分)如图(a)所示的实验装置。图中压强计的指针可指示出

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