任务二：结合上述材料。对于材料中“敬畏”的名言等内容必须在行文中有具体的阐释或分析。考生可以结合材料，扣住引导语中“给追求理想的当代青年”和自身发展这一对象及情境来写作。任务三：文体自选。语言准确自然流畅，富有文采和说服力。3.立意参考：材料中的三则名人名言，都是围绕“敬畏”进行阐述的，所以我们的立意点为“心怀敬畏”。根据材料提示语“对于我们道德的养成，对于我们树立正确的世界观、人生观、价值观，对于我们成就事业都有十分重要的意义”，论述时我们可从这些角度设置分论点，阐述“敬畏”的重要性，也可从如何做到“敬畏”的角度来设置分论点。立意参考：(1)心怀敬畏之心，书写华美篇章；(2)心存敬畏，砥砺前行。【题意评分解说】题意评分等级文章特征一类文A.紧扣主题，体现了自己的思考和感悟。B.写作重点突出，联系材料和现实生54~60分活，内容充实，感悟深刻，表达精彩，亮点突出。C.文体特征鲜明。符合二类文A.扣住了主题，体现了自己的思考和感悟。B.写作重点较突出，联系材料和现题意48~53分实生活，内容较充实，感悟较深刻，表达流畅，有一些亮点。C.文体特征鲜明。三类文A围绕主题写作，体现了自己的一些思考和感悟。B.写作重点不够突出，感悟不42~47分够深刻，内容不够充实，结构较完整，语言淡，逻辑性一般。C.文体特征不够鲜明。基本四类文A有自己的一些感悟，扣题不紧。B.写作重点不突出，内容空洞，结构不完整，符合3641分语言不流畅，逻辑混乱。C.文体特征不鲜明。题意A.部分偏离题意的，酌情给分(21~35分)。B.完全离题的，酌情给分(0~20偏离五类文分)。完全脱离材料内容，完全忽略写作要求，完全没有文体意识，仅选取材料、写作题意35分及以下任务或写作要求的只言片语展开写作，思想不健康，观点错误。【补充说明】(一)错别字等扣分缺标题扣2分；每1个错别字扣1分，重复的不计；标点错误多的，酌情扣分。(二)字数等扣分1.400字以上的文章，按评分标准评分，扣字数分。（每少50个字扣1分）2.400字以下的文章，20分以下评分，不再扣字数分。3.200字以下的文章，10分以下评分，不再扣字数分。4.只写一两句话的，给1分或2分，不评0分。5.只写标题的，给2分，不评0分。与作文完全无关，甚至是调侃考试、调侃评卷老师的内容，可以打0分。6.完全空白的，评0分。【高二语文·参考答案第3页（共3页）】·23-359B·

情，他们都能胜任，司徒赞叹而惊异他的才能。部下士兵归心，那些老将都自以为不如他。司徒刘玄佐去世，他离开汴州到宋州任南城将领。近六七年，汴州宣武军连续发生兵变。贞元十五年，宣武节度使刘逸淮去世，军中都说：“这个部队乃司徒所建立，一定要选择他的亲人且为士兵所仰慕信赖的人来当统帅。如今没有比得上他的外甥韩弘的，而且他的功劳最大，才能杰出！”立刻将权柄授予他，而后请命于皇帝，皇帝也以为正确。于是从大理评事拜官工部尚书，代替逸淮为宣武军节度使，全部领有他舅舅的军队和地方。众人果然高兴，军队稳定。当此时，吴少诚谋反，率领士兵围攻许州。韩弘选择精兵三千人，会同其他部队袭击吴少诚于许州城下，少诚失势败逃，河南因此无事。韩公说：“自从我的舅舅去世之后，在汴州发生了五次兵变，我们像拔草梳头一样，几乎清理完了，然而，不全剪除，就不能使他们震惊害怕。”于是下令要刘锷及其三百士兵待命于门前，列举他们多次参与兵乱，还自以为有功之人，一并杀头示众，血流成河。从此以后，直到韩公至京城去朝见皇上，二十一年之中，再也没有人敢在城内外喧哗呼叫。田宏正向朝廷开放魏博六州地方（听命于政府），李师道派人来说：“我们世代与田氏约定，互相保卫支援，现在宏正不是我们的同类，又首先改变河南、河北的政事，又是您所憎恨的，我将与成德军节度使王承宗联合讨伐他，冒昧以此相告。”韩公对来使说：“我不知道利害关系，只知道遵照皇上的诏令行事而已！如果你的军队向北渡过黄河，我就派军队向东攻取曹州！”师道害怕，不敢轻举妄动，田宏正因此得以保全。诛讨吴元济时，皇上命令韩公统帅诸军，说：“不要自己行动，你的任务是阻止北边的强寇南下。”于是韩公请求让儿子公武带领一万三千人会合讨伐蔡州，并且输送钱财和粮食，来接济各路军队，终于擒获蔡州的奸贼，于是封公为待中，并以公武为鄘、坊、丹、延节度使。14.答案B命题透析本题考查鉴赏诗歌内容和表达技巧的能力。思路点拨B选项中“营造了相同的意境”的表述错误，“自去自来梁上燕”中的“自”营造的是和谐美好意境，“映阶碧草自春色”中的“自”营造的是“荒凉”的意境。故答案为B项。15.命题透析本题考查鉴赏诗歌的表达技巧的能力。答案①首联通过江水绕村而流，夏日村庄幽静，写出了历经磨难的诗人不再有担忧和愁烦之情致；尾联通过“微躯此外更何求”写出了诗人内心的静从容。②领联通过时来时去、自由自在的梁间燕子与相伴而随的江上白鸥，写出了诗人居住环境的宁静祥和。（颈联通过老妻为棋局画纸与稚子敲针做钓钩的生活场景，写出了诗人家庭生活的闲适温馨。)③诗人通过描绘优美恬淡的景物，叙写闲适温馨的生活情趣，表现了眼前安定的生活给他带来的满足和欣然，从而使整首诗呈现出潇洒流逸之致。（每点2分，意思对即可。若有其他答案，言之成理亦可酌情给分)16.命题透析本题考查理解识记、默写常见的名句名篇的能力。T尺日答案(1)乱花渐欲迷人眼浅草才能没马蹄(2)纵一苇之所如凌万顷之茫然(3)连峰去天不盈尺枯松倒挂倚绝壁（每空1分）17.命题透析本题考查正确理解成语的能力。答案①缩手缩脚/耸肩缩背/抖抖瑟瑟②兴致勃勃③鬼斧神工（每空1分，若有其他答案，正确合理亦可给分)18.命题透析本题考查赏析句子表达效果的能力。答案(1)处的“寒风”写出了观赏时的天气，反衬人们的兴致；(2)处写风是来突出大自然的超凡雕琢魅力；(3)处是以风来衬托景观岩石钢筋铁骨的屹立风姿。（写出一处给1分，两处给2分，三处给4分。若有其他答案，合理亦可酌情给分)3

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高三地理考试参考答案1.B【解析】本题考查产业区位因素，同时考查学生获取和解读地理信息、描述和阐释地理事物的能力。由材料可知，该陈醋厂选用当地优质粮食和地下水酿醋，因此需邻近优质粮食产地和优质水源地。故B选项正确。2.C【解析】本题考查产业转型，同时考查学生获取和解读地理信息、描述和阐释地理事物的能力。随着城市化的发展，陈醋厂的土地价值提高，有限的土地转型为文旅结合的醋园，市场价值更高，且能实现多种产业链的交融。故C选项正确。3.C【解析】本题考查南非国内主要航线的分布特征，同时考查学生获取和解读地理信息、描述和阐释地理事物的能力。以开普敦和约翰内斯堡为双核心，由两个核心放射出的航线最多，东南沿海部分城市航线较多，其他城市航线少，具有等级差异。故C选项正确。4.A【解析】本题考查大城市的辐射功能，同时考查学生获取和解读地理信息、描述和阐释地理事物的能力。南非国内主要航线连接的是南非的主要城市，依托这些城市之间的运输需求，形成国内航线网络。故A选项正确。5.D【解析】本题考查辽河流域潜在蒸发量增加最明显的方向，同时考查学生获取和解读地理信息、描述和阐释地理事物的能力。辽河流域东部为长白山余脉，以森林为主，西部逐渐向草原、沙地过渡。该流域自东向西，气候趋于干旱，蒸发能力逐渐增强，潜在蒸发量增加最明显。故D选项正确。6.A【解析】本题考查辽河流域供水紧张的主要原因，同时考查学生获取和解读地理信息、描述和阐释地理事物的能力。辽河地处我国北方地区，雨季较短，降水量有限，河流的径流量有限；虽然多数支流较短，但流域面积较大，支流数量较多；结冰期对供水没有直接影响；干流以辽河原为主，河水流速较慢。故A选项正确。7.B【解析】本题考查2002年以来辽河干流沿岸供水量变化的原因，同时考查学生获取和解读地理信息、描述和阐释地理事物的能力。由表可知，新增供水量以地表水为主，推测为兴修水利工程，修筑水库，增加地表水源；植树造林会增加下渗，增加地下水补给，减少地表水补给；灌溉影响的是用水量，而不是供水量。故B选项正确。8.A【解析】本题考查风向判断，同时考查学生获取和解读地理信息、描述和阐释地理事物的能力。北半球气旋逆时针辐合，当该风暴到达夏威夷岛西侧图示位置时，甲气象站盛行东北风，乙气象站盛行西南风。故A选项正确。9.C【解析】本题考查风暴诱发的自然灾害类型，同时考查学生获取和解读地理信息、描述和阐释地理事物的能力。该风暴影响夏威夷岛时，降水量大，易形成洪涝，夏威夷岛多山区，易诱发地质灾害，①④正确；海啸由地震等诱发，②错误；林火需要干燥的环境，③错误。故℃选项正确。10.A【解析】本题考查大城市往往具有较多低技能劳动力的原因，同时考查学生获取和解读地理信息、描述和阐释地理事物的能力。大城市经济规模大，各行各业的体量大，中低端的☑【高三地理·参考答案第1页（共3页）】·JL·

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斩教材新教材长语国R高二015课标第60期com.cn2023-2024学年总第3844期2024.5.17星期五1l)and主办英语周报社编辑出版社长：徐文伟总编辑：刘永俊国内统一刊号：CN14-0705/F)网址：http:/wvw.ew,com.cnsociationcoat oship left UK to relraceve flagern flagso use)of th

18.(17分)解：（1)设“有女生参加活动”为事件A,“恰有一名女生参加活动”为事件B,…1分则P(AB)=CC=8·C615…2分p(aCCg+CE-3】…3分58所以P(B|A)=P(AB)15-8…4分P(A)39(2)欣题意知X服以超儿何分布，且P(X=)-CC化=QL2,C2pw=-是Px-小名PW-2器5…6分所以X的分布列为：X0…………………7分851515E(X)=0x2+1x8+2x1_2…9分51531(3)设一名女生参加活动可获得工时数为X,一名男生参加活动可获得工时数为X2,…10分则X,的所有可能取值为3,6，X2的所有可能取值为6,9，…11分PX=3)=PX=6=号EX)=3x26x号2119…12分rx,=6=PX,-9y7EX)-6x2+9x21、115…13分有X名女生参加活动，则男生有(2-X)名参加活动.……14分Y=号X±152=X)=15-3X,…15分所以EY)=E05-3x)=15-3E(X)=15-3×2=13.3即两人工时之和的期望为13个工时.…17分湛江市2023一2024学年度第二学期期末调研考试高二数学参考答案及评分标准第5页（共7页）

加强农业基础设施建设：大力发展弹性农业，全面提升未来气候变化应对能力：通过改善作物栽培和养殖管理措施，调整作物品种和种植结构。（任答三点，6分）19.(1)煤炭、石油等能源丰富：铁矿等矿产资源多：靠近黄河，水源充足：国家政策大力支持。(任答三点，6分)(2)兰州市是计划经济时期国内最大的重化工业基地，为衡性别比例，建设了配套的棉纺、毛纺等轻工业，可为服装制造业提供充足的原料：市中心劳动力丰富，可为服装制造业提供充足的劳动力：服装制造污染少，市中心人口多，消费市场大。(6分)(3)重工业所占比重大，原有工业结构单一，对资源的依赖程度高：重化工业对环境的污染严重，当地生态环境较脆弱，环境改造投资大：轻工业发展的基础较薄弱，资金及技术支持能力有限。(5分)靡·17：25DY·地理-R-选择性必修2-QG

答疑解惑全解全析排布式为1s22s22p3s23p3d4s,这是因为3dA1P分子可知，AlP是共价化合物，不是由阴、能级为全充满状态（即3d能级填充10个电子）阳离子通过离子键结合而成的，而是通过共价时，能量相对较低，B项不符合能量最低原理；键结合而成的，则A1P分子中不存在阴、阳离氟原子的最外电子层为第二能层，有7个电子，子，D项错误。最外层电子排布式为2s22p,由能量最低原理、7.D【解析】考古断代利用的是14C的放射性，A泡利原理与洪特规则可知，其最外层电子排布项错误；同位素原子间的转化是原子核内的转的轨道表示式为罗，C项符合能量最低化，不属于化学变化，B项错误；35C2与37Cl2均原理；Na最外电子层为第二能层，有8个电为氯气分子，不互为同位素，C项错误；铯元素子，最外层电子排布式为2s22p,由能量最低原的两种同位素中，13？Cs与13Cs的质子数相同，理、泡利原理与洪特规则可知，Na最外层电子质量数不同，137Cs比13Cs多4个中子，D项)出四正确。排布的轨道表示式为2s2p一，D项符合能量8.A【解析】元素X的最高价氧化物对应的水化最低原理。物能与X元素的气态氢化物反应生成盐，则X【考点解读】是N元素，依据核反应的质子守恒和质量守书写电子排布式或轨道表示式的常见错误与恒，可以推出Y是O元素。X、Y可形成NO、技巧NO2、N2O3等化合物，A项正确；由质量守恒，①违反能量最低原理，如个个□常见②违反泡利原理，如团或什什不可以得出X的质量数为14，B项错误；同一周错误③违反洪特规则，如州□口期主族元素从左到右，原子半径逐渐减小，故④不按能层排序书写，如1s22s22p3s23p4s23d原子半径X>Y,C项错误；X可以形成硝酸和①同能级空轨道不能省略，如个☐不能写成个亚硝酸两种含氧酸，D项错误。②出现d(f)轨道时，电子按能级ns、(n一l)d顺序填充，但书写排列仍按能层顺序，如9.C【解析】最外层都只有一个电子有H、Na、Fe:1s22s22p3s23p3d4sK、Cu等，化学性质不一定相似，A项不符合题5.B【解析】A、B、C、D四项中的微粒分别对应意；原子核外M层上仅有两个电子的X原子基态S、S2+、激发态S+、激发态S,激发态上电为Mg,原子核外N层上仅有两个电子的Y原子能量高，不稳定，易失去，故失去一个电子需子有Ca、Fe、Ti等，二者性质不一定相似，B项要能量最多的是基态的S2+,B项符合题意。不符合题意；2p轨道上有三个未成对电子的X6.B【解析】重水分子中H原子的质量数为2，O原子为N,3p轨道上有三个未成对电子的Y原的质量数为16，则重水的分子式为D2O子为P,N、P位于同一主族，化学性质相似，C或H2O,A项错误；氢原子的质子数为1，则质项符合题意；原子核外电子排布式为1s2的X量数为2的氢核素为H,B项正确；17O是质量原子是He,性质稳定，原子核外电子排布式为数为17的氧原子，质子数和核外电子数都是1s22s2的Y原子是Be,性质较活泼，二者性质8,其原子结构示意图为项错误；由一定不相似，D项不符合题意。10.C【解析】2p能层有4个电子，应在3个不同·27.25J

从第二、四组中各选1人，有8×10种不同的选法：种组合方式；从第三、四组中各选1人，有9×10种不同的选法.第3步，4=0+4,4=1十3,4=2+2,4=3+1,4=4+0，共5种组所以不同的选法共有7×8+7×9+7×10十8×9+8×10+9×10合方式；=431(种)，C错.第4步，2=0十2,2=1十1,2=2十0，共3种组合方式.对于D,若不考虑限制条件，每个人都有4种选法，共有43根据分步乘法计数原理可知，值为1942的“简单的”有序数对的64(种)选法，其中第一组没有人选，每个人都有3种选法，共有33个数为2×10×5×3=300.=27(种)选法，所以不同的选法有64一27=37（种），D对.7.36解析：上午有3种选择，下午有4种选择，晚上有3种选择，第2讲排列与组合总数为3×4×3=36.1.C解析：因为A品=6C%,所以m(m-1)(m-2)=68.62114解析：由题意，结合表格中的数据和图形，知“T一”表示的三位数为621.mm-2m=》,即1-”，3，解得m=7.4×3×2×1■共有5根算筹，要能被5整除，则个位数必须为0或52.B解析：将5名学生分配到甲、乙两个宿舍，每个宿舍至少安排①当个位数为5时，不符合题意；2名学生，那么必然是一个宿舍2名，而另一个宿舍3名，共有②当个位数为0时，则5根算筹全部放在十位和百位CCA是=20（种）不同的安排方法.若百位有1根，十位有4根，则共有1×2=2（个）三位数；3.B解析：先将丙和丁捆绑在一起有A?种排列方式，然后将其与若百位有2根，十位有3根，则共有2×2=4（个）三位数；乙、戊排列，有A种排列方式，最后将甲插入中间两空中，有C》种若百位有3根，十位有2根，则共有2×2=4（个）三位数；排列方式，所以不同的排列方式共有AAC2=24(种)若百位有4根，十位有1根，则共有2×1=2（个）三位数；4.C解析：因为5的倍数的特征是个位数字为5或0，所以按照个位若百位有5根，十位有0根，则共有2个三位数数字分为两类：故共有2十4十4十2+2=14（个）三位数.当个位数字为5时，首位数字从1,2,3,4中选一个，十位数字从09.40解析：把与正八边形有公共边的三角形分为两类：及余下的3个数字中选一个，所以有4×4=16（个）；当个位数字为第一类，有一条公共边的三角形，共有8×4=32（个）0时，前面两位数字从1,2,3,4,5中选2个排列，所以有A号=5×4第二类，有两条公共边的三角形，共有8个.=20(个).故所求的三位数共有16+20=36（个）.由分类加法计数原理可知，共有32十8=40（个）.5.C解析：四个篮球分成三组有C种分法，三组篮球进行全排列有10.C解析：第1类，对于每一条棱，都可以与两个侧面构成“正交线A种分法，标号为1,2的两个篮球分给同一个小朋友有A种分面对”，这样的“正交线面对”有2×12=24（个）；第2类，对于每法，故所求分法种数为C号A一A=36-6=30.条面对角线，都可以与一个对角面构成“正交线面对”，这样的“正6.BCD解析：对于A,恰有1个盒子不放球，先选1个空盒子，再选交线面对”有12个.一个盒子放两个球，则C4CA3=144≠72，故A不正确；综上，正方体中“正交线面对”共有24十12=36（个）.11.D解析：不妨设A,B,C,D,E,F,G,H,I代表树枝的高度，九根对于B,编号为1的球有C种放法，把与编号为1的球所放盒子的树枝从上至下共九个位置，根据甲依次撞击到树枝A,B,C;乙依编号相同的球放入1号盒子或者其他两个盒子，共有1十C次撞击到树枝D,E,F;丙依次撞击到树枝G,A,C;丁依次撞击到3(种)放法，即所求放法有3×3=9（种），故B正确：树枝B,D,H;戊依次撞击到树枝I,C,E,可得G>A>B,且G,对于C,首先选出两个空盒子，再取两个球放入剩下的两个盒子中A,B在前四个位置，C>E>F,D>E>F,且E,F一定排在后四的一个，共有CC=36(种)放法，故C正确；个位置.对于D,恰有2个盒子内不放球，首先选出两个空盒子，再将4个球(1)若I排在前四个位置中的一个位置，前四个位置有4种排法，分为3,1或2,2两种情况放入盒子，共有C(CC+C)=6×14若第五个位置排C,则第六个位置一定排D,后三个位置共有3种=84(种)放法，故D正确。排法，若第五个位置排D,则后四个位置共有4种排法，所以当【7.42解析：先从这8个点中任取3个点，有C种取法，再减去三点排在前四个位置中的一个位置时，共有4×(3十4)=28（种）排法；共线的情形即可，即三角形的个数为C一C一C=42.(2)若I不排在前四个位置中的一个位置，则G,A,B,D按顺序排8.36解析：依题意将4名新闻媒体记者分成三组，共有C?种方法，在前四个位置，因为>C>E>F,所以后五个位置的排法就是再将其进行全排列，共有A种方法.由分步乘法计数原理得，共有H的不同排法，共5种排法，即若I不排在前四个位置中的一个C￥A=36(种)安排方法.位置，则共有5种排法9.48解析：由题意知a十b与c十d均为奇数，则a与b,c与d均为由分类加法计数原理可得，这九根树枝从高到低不同的顺序有28一奇一偶，a与b的取值有CCA3=12(种)，c与d的取值有+5=33(种).C2A3=4(种)，共4×12=48（种）.12.ABD解析：对于A,A号=2520，故A正确.10.D解析：由题可得，参与志愿者服务的项目人数为2,1,1,1，对于B,不同的分组，2组2个，3组1个或1组3个，4组1个，若没有限制，则共有C号·A=240(种)安排方法即7=2+2士1+1+1或7=3+1+1+1+1，所以有C+0≥当两个女同学在一起时，有A=24(种)安排方法140种存放方式，故B正确.当男同学A、女同学B在一起时，有A=24(种)方法，对于C,应用隔板法，若有2个空盒，有3种存放方式；若有1个空所以按题设要求不同的安排方法种数为240一24一24=192盒，有CC=12种存放方式；3个盒子均不空，有C?=6种存放11.C解析：第一步，先将3名母亲全排列，共有A3种排法；方式.共有3+12十6=21种存放方式，故C错误。第二步，将3名女孩“捆绑”在一起，共有A3种排法；对于D,因为球和盒子相同，所以存放的区别在于盒子里球的个数，第三步，将“捆绑”在一起的3名女孩作为一个元素，在第一步形存放在1个盒子内，将7个球放入1个盒子，有1种存放方式；成的2个空中选择1个插入，有A2种排法；存放在2个盒子内，7=1十6=2十5=3+4，有3种存放方式；存第四步，首先将2名男孩之中的一人，插入第三步后相邻的两个放在3个盒子内，7=1+1+5=1+2+4=1+3+3=3+2+2，有4种妈妈中间，然后将另一个男孩插入由女孩与妈妈形成的2个空中存放方式.共有8种存放方式，故D正确.故选ABD.的其中1个，共有C2C2种排法.13.64解析：因为8个小组进行单循环赛，每个小组进行6场小组所以不同的排法共有AA3A2C2C=288(种).赛，所以小组赛的场数为8×6=48.因为16支队伍按照确定的程12.BC解析：甲、乙、丙、丁4名医生到A,B,C三家企业，每名医生序进行淘汰赛，所以淘汰赛的场数为8十4十2十2=16，因此比赛只能到一家企业工作.进行的总场数为48+16=64.对于选项A,所有不同的分派方案共34种，判断错误；14.300解析：第1步，1=1+0,1=0+1，共2种组合方式；对于选项B,若每家企业至少分派1名医生，则先将医生分为第2步，9=0+9,9=1十8,9=2十7,9=3+6，…，9=9+0，共103组，再将这3组医生任意分派到A,B,C三家企业即可，答案导学181

小题大做物理·高三基础篇能1△E=号m0g2+m222=25J,B项正时速度方向与水方向的夹角为0，则tan0=UQ-确；由图像可知，甲、乙两小球碰撞后一起运动U共2,B、C两项错误；小球离开小车时的速的加速度大小为5m/s2,斜面光滑，加速度a=度大小p=m-2m8n0,可知sn9=弓an9-9,C项错误：根·2WgR2VgRm+2m3,由1据图像与坐标轴围成的面积可知，碰撞位置距离动能定理有mgh=2mv2-2mup2,得v出发点20m,由v2=2ax可得两小球回到出发W√7gR,D项正确。点时的速度大小为l0√2m/s,D项错误。35.B单次碰撞过程中（瞬间完成）两球组成的系7.BC规定水向右为正方向，A、B两球第统动量守恒，两小球碰后沿轨道运动的过程，次碰撞过程，由动量守恒定律有mAv0=mAVA1两球的动量大小不变，但方向在变化，故从开十mB)1,A、B两球之间发生的碰撞为弹性碰始到多次碰撞后两球的动量不守恒，A、D两项撞，根据机械能守恒定律有2mAv,2=错误。轨道的作用力不改变速度（动量）大小，1只改变运动方向，碰撞一次系统动量的大小不m0a2+m0a,联立解得A,B两球第变，对于第一次碰撞，有2mv0=2mvA+mvB,一次碰撞后的速度分别为vA1=3m/s,vB19m/s,A项错误；设A、B两球经过时间t1发生第二次碰撞，碰撞时距墙壁为d,A、B两球43o,B=3o;则第二次碰撞，有mwB十运动的距离分别为x1、x2,有x1十x2=12m,即℃A1t1十vB1t1=12m,解得t1=1s,d=6,112mva-mon'+2mvA,mon-X2mvA/2x1=6一vA1t1=3m,B项正确；规定水向右为正方向，A、B两球第二次碰撞前，B球被墙=2X2mwo2,解得wA'=wo,wg'=0;可知经过壁反弹后速度v1'=一9m/s,根据动量守恒定两次碰撞后A球速度大小再次为vo,B球再次律，有mAYA1十BYB1'=mAVA2十mBVB2,根据静止，之后将重复前面的过程，即二者不会共机械能守恒定律有)40a2+弓mvm”=速，B项正确，C项错误。6.AD小球最终由P点离开小车，从小球滑上2mAvA2+2mB0,联立解得A、B两球第小车至离开小车，此过程系统无机械能损失，二次碰撞后的速度分别为yA2=一3m/s,v2可视为弹性碰撞，由弹性碰撞结论可知，小车=9m/s,C项正确；A、B两球第二次碰撞后，能获得的最大速度vx=m十2m2m2√gR=A球反弹，方向变成水向左，B球被墙壁反弹后速度大于A球的速度，因此A、B两球能4√巫，A项正确；小球在Q点时，水方向上发生第三次碰撞，D项错误。38.C由x一t图像可知a的初速度为3m/s,b的与小车共速，由动量守恒定律得mvo=(m十初速度为0，碰撞后a的速度为1.5m/s,b球的2m)失，得0块-2vgR3,由能量守恒定律有速度为3m/s,两球碰撞后a的动量p。′=mva'=1.2×102kg·m/s,b的动量p6'2m,=mgR+2×2m失2+2mug2,得vo=m606'=1.2×10-2kg·m/s,二者动量大小相等，A项错误；碰撞过程中，a损失的动能△Ea=√10gR3,则小球此时在竖直方向上的分速度大2n.,22m.2=0.027J,b增加的动能3,设小球在Q点1△E6=2m60,2=0.018J,碰撞过程中有能量25J。28·