真题呈现&变式训练参考答案1.A2.C3.B4.C5.C6.A

高三第一轮复周测卷·语文（十三）新高考-R-必考-FJ·A【解题分析】A、D中途易辙。B语序不当。【答案C

又号L-ar1分)解得14红(1分)Vo(3)设粒子在磁场中做匀速圆周运动的半径为r,有quB=mi(1分)解得r=5m4gB(1分)设粒子在磁场中通过K点时距y轴最远，根据几何关系可知，Q、K两点沿x轴方向的长度d=r+rsin0(1分)解得d=2mmgB(1分)在粒子从P点运动到Q点的过程中，粒子沿x轴方向运动的距离L'=6t(1分)解得L'=4L(1分)又xmax=L'+d(1分)9B。解得.dx=4L十2(1分)【高三物理·参考答案第4页（共4页）】806C·G DONG·

11.如图所示，图甲为氢原子的能级nEleV图，大量处于n=5能级的氢原子0。5-0.54-0.85跃迁时，释放出频率不同的大量光-1.51光电管-3.40子。当用这些辐射出的光子去照P-13.60射如图乙所示的光电管阴极K时，甲乙光电管发生了光电效应。若改变电源的正负极并移动滑动变阻器的滑片，发现截止电压的最大值为8V。则以下说法正确的是A.保持入射光不变，向右移动滑片P,电流表的示数一定变大B.氢原子跃迁时能够辐射出4种不同频率的光子C.该光电管阴极K的逸出功为5.06eVD.氢原子跃迁时辐射出来的光子中只有4种能使该光电管发生光电效应

石家庄市2023届高中毕业年级教学质量检测（一）4.物理(时长75分钟，满分100分)注意事项：1.答卷前，考生务必将自己的姓名、考生号、考场号、座位号填写在答题卡上。2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。5.3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求。1.下列有关原子及原子核的叙述中正确的是A.卢瑟福否定汤姆孙枣糕式原子模型的依据是α粒子散射实验中绝大多数α粒子基本上仍沿原来方向前进6.B.氢原子从n=3能级跃迁到n=1能级比从n=2能级跃迁到n=1能级辐射出的光子波长长C.越稳定的原子核，其比结合能越大，核子均质量越小D.铀核衰变时放出α射线，说明铀核中有α粒子2.0、P、Q为软绳上的三点，t=0时刻手持0点由衡位置开始在竖直方向做简谐运动，至t,时刻恰好完成两次全振动，此时绳上OQ间形成的波形如图所示，下列四幅位移-时间图像中能反映P点在0~，时间内运动情况的是3.如图所示，竖直面内有矩形ABCD,∠DAC=30°，以O为圆心的圆为矩形的外接圆，AC为竖直直径，空间存在范围足够大、方向由A指向B的匀强电场。将质量均为m的小球P、Q以相同速率从A点抛出，小球P经过D点时的动能是小球在A点时动能的4倍。已知小球P不带电，小球Q带正电，电荷量为q,重力加速度为8，该电场的电场强度大小为。则小球Q经过B点时的动能是小球在A点时动能的A.2倍B.4倍0°C.6倍0D.8倍高三物理第1页（共6页）

1,密立根油滴实验装置由半径为R的两块水金佩板和绝缘圆筒组成，圆简高2，其截面图如图所示。上、下极板分别与恒压电源的正负极相接，产生匀强电场。油滴日以初速度。从上极板圆心0竖直向下进入圆筒，运动距离0,5R后静止。油滴的阻力和速度成正比，下列说法正确的是A.若初速度为2o,油滴a运动距离为RB.若初速度为2o,油滴a运动距离为2RC.若在筒内再加垂直纸面的匀强磁场，油滴a运动路程可能为0.5RD.若在筒内再加水电场，使油滴a垂直击中筒壁，则此时油滴a距离上极板0.5R二、非选择题本题共5小题，共56分。12.(6分)某实验小组用如图(a)所示装置通过半径相同的小球1和2的碰撞来验证动量守恒定律。实验时先使小球1从斜槽顶端固定挡板处由静止开始释放，落到位于水地面的记录纸上，重复上述操作10次。再把小球2放在水槽上靠近槽末端的地方，让小球1仍从斜槽顶端固定挡板处由静止开始释放，小球1和小球2碰撞后，分别在记录纸上留下落点痕迹。重复这种操作10次，用最小的圆圈把所有落点圈在里面，圆心即为落点的均位置，得到如图(b)所示的三个落点Q、P和R。O点为斜槽末端在记录纸上的竖直投影点。Q甜P密RTTTTTTTTTTTTTTTTTTTT01020(cm)(a)6)(1)落点R到O点的距离为cm。(2)由图(b)信息可知，小球1和2的质量之比近似为一。（填正确答案标号）A.2:lB.3:1C.3:2(3)由图(b)信息可知，在误差允许范围内，小球1和2碰撞过程机械能一。(选填“守恒或“不守恒”)物理试题第4页（共6页）4/6

①用游标卡尺测得遮光片的宽度如图乙所示，则d=▲mm;②实验开始前，调节气垫导轨水，滑块未连接轻绳时，开动气泵，调节气垫导轨，轻推滑块，使滑块上的遮光片分别经过两个光电门的遮光时间（▲2（选填“>，=，<”）；③在遮光片随滑块从A到B的过程中，如果将砝码和砝码盘所受重力视为滑块所受的拉力，则拉力冲量的大小=▲，滑块动量变化量的大小MP=▲（均用题中给定的字母表示）：④为尽量减小实验误差，本实验要求码盘和砝码的总质量1▲（选填“远大于”、“远小于”或“等于”)滑块（含遮光片）的质量m2。Ⅱ(7分)利用如图所示的电路可以进行多个物理量的测量。有两个相同的待测电源（内阻约1Ω），两个相同的电阻箱（最大阻值为999.92)，电压表V(内阻约为2k2),电流表A(内阻约为B22),灵敏电流计G,两个开关S1、S2。主要实验步骤如下：第16题图3①按图连接好电路，调节电阻箱R1和R2至最大，闭合开关S1和S2,调节R1和R2,使电流计G的示数为0，读出电流表A、电压表V和两个电阻箱的示数分别为1、U1、R1、R2。②再次调节电阻箱R1和R2的阻值（与①中的电阻值不同），使电流计G的示数为0，读出电流表A、电压表V的示数分别为2、U2。(1)电流计G的示数为0时，电路中A和B两点的电势p4和pB的关系为▲；(2)电压表内阻为▲，电流表内阻为▲，电源内阻r为▲。（用、U、R1、R2表示）17.(8分)工人浇筑混凝土墙壁时，内部形成了一个气密性良好充满空气的空腔，墙壁导热性良好。(1)腔内空气的温度变化范围为-33℃~47℃，求腔内空气的最小压强与最大压强之比：(2)填充空腔前，需测出空腔容积。在墙上钻一个小孔，用细管将墙体空腔和一个带有气压传感器的气缸连通，形成密闭空间。当气缸内空气体积为lL时，传感器示数为1.0atm。将活塞缓慢下压，气缸内空气体积为0.7L时，传感器示数为1.2atm,求该空腔容积。压力传感器第17题图

回反繁型第I卷(选择题共46分)题序2345678910答案BDCBABDACACDBD一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求。1.常见的曲线运动有抛体运动和圆周运动。关于质点做曲线运动，下列说法中正确的是A.质点的速度和加速度方向均时刻在改变B.曲线运动轨迹上任一点的切线方向就是质点在这一点的瞬时速度方向，，C.质点所受合力方向与速度方向相同或相反时，均可以做曲线运动量，，D.质点做的曲线运动一定是匀变速运动供图赠解析：本题考查曲线运动。质点做曲线运动时，其速度方向沿轨迹的切线方向，方向时刻在改变，且与加速度方向不在一条直线上，质点的加速度方向可能是不变的，A,C项错误，B项正确；曲线运动的条件是加速度与速度不共线，但加速度可以变化，故曲线运动不一定是匀变速运动，D项错误。，，“答案：B2.如图所示，α为近地卫星，b为地球同步卫星，c为赤道上随地球自转的物体。下列说法正确的是A.近地卫星、同步卫星及赤道上物体的向心力都等于万有引力B.近地卫星的角速度小于同步卫星的角速度C,近地卫星的线速度小于同步卫星的线速度D.近地卫星的向心加速度大于赤道上物体的向心加速度解析：本题考查近地卫星、同步卫星及赤道上的物体的线速度、角速度、向心加速度的大小此较。赤道上物体的向心力是万有引力的一个分力，A项错误；由=，解得卫星绕地球运行的角速度u=人,故近地卫星的角速度大于同步卫星的角速度，B项错误；由GM=m二，解得卫星绕地球运行的线速度3大小=人G,故近地卫星的线速度大于同步卫星的线速度，C项错误；由恤=m加得a=Cg,可知近地卫星的2向心加速度大于同步卫星的向心加速度，而根据a=wr,可知同步卫星的向心加速度大于赤道上物体的向心加速度，故近地卫星的向心加速度大于赤道上物体的向心加速度，D项正确。答案：D3.如图所示，宇宙中存在着离其他恒星较远、由质量均为m的三颗星组成的三星系统，可忽略其他星体对三星系统的影响。三颗星位于同一直线上，两颗星围绕中央星在同一半径为R的轨道上运行，引力常量为G。则这两颗星绕中央星运行的周期为RA.R√5GmRB.2R√5GmR mRC.4xR5D.6xRR/5Gm【23新教材.DY.物理-R-必修第二册-QGA·N】

参考答案学生用入书向后运动，故B正确。擦力大小为F2',水面对底座的支持力大小为F2,则4.D[解析]电梯相对地球静止时，由于不受空气阻力，释放后的苹果对底座：Mg十F2'-F2=0和羽毛均做自由落体运动，故二者同时落到电梯底板上，A错误；电梯由牛顿第三定律得：F2=F2做自由落体运动时，释放后的苹果和羽毛同样只受重力作用，B错误又由题意有：F2=Fn牛顿第二定律成立的条件是必须在惯性参考系中，即选择静止或做匀联立解得：FN2=(M一m)g十ma。速直线运动的物体为参考系，而自由下落的电梯不是惯性参考系，因考点集训（十一）此以自由下落的电梯为参考系，牛顿第二定律是不成立的，C错误；由1.D[解析]设铁夹对小球的作用力为F,则F竖直方向的分力F1=于自由下落的电梯不是惯性参考系，牛顿第二定律不成立，则观察者mg,水方向的分力F2=ma,铁夹对小球的作用力F=√F?+F区=不能仅凭此时苹果和羽毛的运动现象判断两个物体的受力情况，D正确。m√十可，F与水方向的夫角a清足加0=是=吕，即F的大5.AD[解析]对人隔离受力分析，人受竖直向下的重力G2、向下的作小和方向都与小球的加速度大小有关，故A、B、C错误，D正确。用力F、向上的支持力FN,由牛顿第三定律与衡条件可得FN=G22.D,[解析]乘客站上扶梯，电动扶梯缓慢加速阶段，乘客的加速度斜十F=G2十F,根据牛顿第三定律，人对木箱底的压力大小为G2十F,向上，有竖直向上的分加速度和水向右的分加速度，根据牛顿第二A正确，B错误；将人与木箱看成一个整体，可得木箱对地面的压力大定律，在竖直方向上，扶梯对乘客的支持力大于其重力，乘客处于超重小为G十G2,C错误，D正确。状态，在水方向上，乘客受到水向右的摩擦力，此时扶梯对乘客的6.AC[解析]物块受三个力，水方向受弹力FN,且FN=ma,故a减作用力斜向右上方；扶梯匀速上升时，加速度为零，扶梯对乘客只有向小，FN减小，C正确；竖直方向受重力和车厢壁对物块的静摩擦力∫上的支持力，即扶梯对乘客的作用力竖直向上，且与乘客所受重力大且f=mg,a增大，f不变，故A正确，D错误；在水方向上，车厢壁小相等，则既不超重也不失重。故A、B、C错误，D正确。对物块的弹力与物块对车厢壁的压力是一对作用力与反作用力，故B3.B[解析]剪断细绳前，物块B恰好对地面没有压力，则弹簧处于伸错误。长状态，根据衡条件有：mg=kx,对物块A有：T=2mg十kx,即T7.BD[解析]甲拉乙的力与乙拉甲的力是一对作用力与反作用力，大=3mg;剪断细绳后，刚开始物块A受到竖直向下的重力和弹力，物块小相等，与二者的运动状态无关，即不管哪个获胜，甲对乙的拉力大小A加速下落，下落过程中弹力变小，加速度减小，当弹簧恢复原长后始终等于乙对甲的拉力大小，只是当地面对甲的最大静摩擦力大于地物块A继续向下加速运动，压缩弹簧，当弹簧弹力大小等于重力时，面对乙的最大静摩擦力，甲才能获胜，故A、C错误，B、D正确。物块A加速度减为零，此时速度最大，设此时弹簧压缩量为x1,对物8.C[解析]灯泡受的重力与灯泡对绳的拉力既不是衡力也不是相块A有：2mg=kx1,解得：x1=2x,物块A向下运动的总距离为3x互作用力，灯泡受的重力和绳对灯泡的拉力是一对衡力，选项A、BA错误，B正确。剪断细绳瞬间，弹簧弹力不突变，物块A所受重力和错误；灯泡对绳的拉力和绳对灯泡的拉力是一对作用力和反作用力弹力的合力与剪断前绳子拉力等大反向，所以A物块的加速度大小á绳对天花板的拉力和天花板对绳的拉力是一对作用力和反作用力，选项C正确，D错误。=五==是&，C.D错误9.B[解析]长木板处于静止状态，水方向受两个力：木块对长木板4.D[解析]把滑块和小球看作一个整体受力分析，沿杆方向：(m1十向右的滑动摩擦力，大小为f=2mg,地面对长木板向左的静摩擦力m2)gsin30°+f=(m十m2)a,垂直杆方向：FN=(m十m2)gcos30°，2,据衡条件得f2=万=2mg,根据牛顿第三定律，长木板对地面摩擦力：f=FN,联立可解得：a=gsin30°+gcos30°=7.5m/s2,小的摩擦力大小为2mg,方向向右，故B正确。球加速度沿杆向下，由于a>gsin30°=5m/s2,对小球受力分析可知，10.D[解析]衡车匀速行驶时，衡车与人的相对位置不变，相对细绳偏离垂直杆的方向向右，故D正确，A、B、C错误。于衡车上的人，车是静止的，故A项错误；人驾驶衡车在水路5.A[解析]由题可知，不挂钢球时，弹簧下端指针位于直尺20cm刻面上做匀速直线运动时，衡车的重力加上人的重力等于地面对衡度处，则弹簧的原长x0=20cm;下端悬挂钢球，静止时指针位于直尺车的支持力，所以衡车的重力与地面对衡车的支持力不是一对x1=40cm刻度处，则根据衡条件有mg=k(x1一xo),且40cm刻衡力，故B项错误；衡车在加速过程中不是衡的，故C项错误；关度对应的加速度为0，B错误；指针位于x2=30cm刻度时，有k(x2闭电机，衡车还会继续行驶一段路程是由于衡车具有惯性，故D-mg=ma2,联立解得a2=-0.5g,A正确；指针位于x=50cm项正确。刻度时，有k(x3-x0)一mg=ma3,联立解得a3=0.5g,C错误；设钢11.[解析]对A受力分析如图甲所示，设B对A作用力的方向竖直向球相对装置静止时指针所对刻度为x,根据牛顿第二定律有(x下，由衡条件得k(L一L。)一mg一F=0,解得F=一4N,故B对A2)一mg=m,联立解得a=头g,即加速度a与z成线性关系，的作用力大小为4N,方向竖直向上；由牛顿第三定律得A对B的作则各刻度对应加速度的值是均匀的，D错误。用力F'=一F=4N,方向竖直向下，对B受力分析如图乙所示，由6.C[解析]由图可知拉手所受合力向左，则加速度向左，因列车前进衡条件得FN一mg一F=O,解得FN=9N,由牛顿第三定律得B对地方向向右，所以列车可能减速进站，A正确；拉手与列车具有相同的加面的压力大小为9N。速度，即两拉手具有相同的加速度，设加速度大小为a,受力分析可知tk(L-Lg)F台=mAg tan a=mAa,F合'=mBgtan B=mBa,所以a=B,B正确；因列车加速度不变，则拉手的加速度不变，由以上分析可知偏角不变，与拉手悬绳长度无关，C错误；根据F合=mAg tan a=mAa,可得加速度大小a=gtan a,D正确。本题选说法错误的，故选C。F7.C[解析]对整体由牛顿第二定律得(m。十m6)gsin0=(ma十m6)a,得a=gsin6,单独对a受力分析，由牛顿第二定律得，竖直方向上有2ag-N=maa1=nag sin20=Gsin20,水方向上有f=maa2=12.[解析]如图甲所示，圆环上升时，设杆给环的摩擦力大小为F,环meg sin 0cos8=Gsin dcos0,则得b对a的支持力N=G-Gsin20给杆的摩擦力大小为F',水面对底座的支持力大小为FM,则Gcos26,由牛顿第三定律知a对b的压力N'=N=Gcos20,a受到的摩对圆环：mg十Fn=ma擦力大小为f=Gsin Ocos8,方向水向右。故A,B、D错误，C正确对底座：FM十Fn'-Mg=08.CD[解析]在第一过程中，运动员刚接触床面时重力大于弹力，运由牛顿第三定律得：Fn=Fn动员向下做加速运动，处于失重状态；随床面形变的增大，弹力逐渐增联立解得：F=(M十m)g一ma;大，弹力大于重力时，运动员做减速运动，处于超重状态，故A错误C正确。蹦床运动员在第二过程中和第一过程中的运动情况是对称的，加速度方向先向上后向下，先处于超重状态，后处于失重状态，故B错误，D正确。9.A[解析]物块在力F作用下做初速度为零的匀加速直线运动，设加速度大小为a,上升高度为h1,末速度大小为，则=号a2,Mg=at;撤去力F后物块做竖直上抛运动，则一(h1十h)=·2t用如图乙所示，圆环下降时，设杆给环的摩擦力大小为F2,环给杆的摩之g(2)2,联立解得a=号g,根据牛顿第二定律有F-mg=m,得731

考点动量和动量定理·者点导航班级：姓名：(1)理解动量和动量变化的矢量性，会计算物体的动量和动量变化.理解冲量的概念，会计算力的冲量(2)用动量定理求均作用力或变力的冲量，会利用动量定理解释现象《必备知识·考点巧练》A.两个过程中物体重力的冲量大小相等1.质量为m的物体静止在B.两个过程中物体动量的变化率大小相等倾角为0的斜面上，如图C.物体到达端点B、C时的动能相等所示，经时间t,下列说D.物体到达端点B、C时重力的功率相等法正确的是（重力加速度Ahr5.2022年4月11日，渝西地区经历了20年一遇的为g)大风暴雨极端天气，12日凌晨电力抢修人员就交A.重力对物体的冲量大小为mgtsin0投入了紧张的工作；高空作业须系安全带，保护B.支持力对物体的冲量大小为零自身安全.如果质量为m的高空作业人员不慎时C.摩擦力对物体的冲量大小为mgtsin0跌落，从开始跌落到安全带对人刚产生作用力前款D.合力对物体的冲量大小为mgt人下落的距离为h(可视为自由落体运动).此后2.(多选)一物块静止在FIN经历时间t安全带达到最大伸长量，若在此过程线光滑水面上，t=027中该作用力始终竖直向上，则该段时间内安全带入时刻起在水力F1.03.04.0对人的均作用力大小为()2.0的作用下开始运动，F随时间按正弦规律-27A.mv②ghmgB.mV2ghtmg变化如图所示，则下列选项中正确的是A.在0~1.5s时间内，第1.0s末物块的动量最大c.m√gh十mgD.mvghtmgB.第2.0s末，物块回到出发点6.如图所示，一水地面由光滑的AB段和粗糙程C.在0~1.0s时间内，F的功率先增大后减小度均匀的BC段组成，且AB=BC.某同学用水D.在0.5s~1.5s时间内，F的冲量为0恒力F将物体（可看成质点）由静止从A点拉3.质量为m的钢球自高处落下，以速率v1碰到水到C点.若在AB段和BC段上拉力的冲量大小地面后，竖直向上弹回，碰撞时间为△，离地的速分别为I1和I2,则下列表述正确的是()率为2，不计空气阻力，在碰撞过程中A.钢球的动量变化量方向向下，大小为m(,一2)B777777777777777777B.钢球的动量变化量方向向上，大小为m(w1十2)CC.钢球所受合力的冲量方向向下，大小为A.I1一定大于I2B.I1可能等于I2m(v1+v2)C.I1可能小于I2D.I1一定等于I2△t7.作为先进的大都市，上海拥有许多非常高的建筑D.钢球受地面的弹力大小为m(o十v）物，这些大楼不仅设计先进，还安装了风阻尼器.△t已知风阻尼器的横截面积S=10m2,风速为4.如图所示，从竖直面上大圆的最20m/s,空气密度p=1.2kg/m3,风垂直吹向风高点A引出两条不同的光滑轨阻尼器且遇到风阻尼器后速度立即减为零，则风道，端点都在大圆上.一物体由对风阻尼器产生的作用力大小约为静止开始，从A点分别沿两条A.4800NB.2400N轨道滑到端点B、C,则(C.240ND.1200N品历览前肾国与家，成由勤伦破由奢物理43

木星地球太阳A.在相同时间内，木星与太阳中心连线扫过的面积等于地球与太阳中心连线扫过的面积B.木星绕太阳的公转周期约为12年●C.木星表面重力加速度比地球表面的重力加速度大D.木星绕太阳公转的线速度小于地球绕太阳公转的线速度10.在两个相距很近的行金属板中间夹上一层电介质（空气也是一种电介质），就组成了一个行板电容器。如图所示，A、B为行板电容器的两个金属板，当开关S闭合后，静电计G指针张开一定的角度。静电计指针张角大小来显示其金属球与外壳之间的电势差大小，不考虑静电计对行金属板上电荷量的影响，则下列说法正确的是()AB电源A.保持开关S闭合，将R的滑片向左移动，静电计指针张开角度变小B.保持开关S闭合，将两极板间距减小，板间场强增大C.断开开关S后，紧贴两极板间的右极板插入金属板，静电计指针张开角度减小D.断开开关S后，将两极板间距增大，静电计指针张开角度减小11.2023年8月27日，田径世锦赛在布达佩斯进行了男子撑竿跳高决赛的争夺。广东撑竿跳高名将黄博凯以5.75m的成绩斩获第六名，创个人世界大赛最高排名。假设黄博凯在撑竿跳高比赛时最终下落到厚为0.75的垫子上。下落时黄博凯做自由落体运动，取重力加速度大小为g=10m/s2,不计空气阻力。关于黄博凯下列说法正确的是()A.他撑杆上升过程中先处于超重状态，后处于失重状态B.他撑竿上升的过程中，竿的弹性势能全部转化为他的动能C.他落到垫子前在空中下落过程用时0.8sD.他下落到垫子上时的速度大小为10m/s物理试题第4页（共8页）

木星地球太阳A.在相同时间内，木星与太阳中心连线扫过的面积等于地球与太阳中心连线扫过的面积B.木星绕太阳的公转周期约为12年●C.木星表面重力加速度比地球表面的重力加速度大D.木星绕太阳公转的线速度小于地球绕太阳公转的线速度10.在两个相距很近的行金属板中间夹上一层电介质（空气也是一种电介质），就组成了一个行板电容器。如图所示，A、B为行板电容器的两个金属板，当开关S闭合后，静电计G指针张开一定的角度。静电计指针张角大小来显示其金属球与外壳之间的电势差大小，不考虑静电计对行金属板上电荷量的影响，则下列说法正确的是()AB电源A.保持开关S闭合，将R的滑片向左移动，静电计指针张开角度变小B.保持开关S闭合，将两极板间距减小，板间场强增大C.断开开关S后，紧贴两极板间的右极板插入金属板，静电计指针张开角度减小D.断开开关S后，将两极板间距增大，静电计指针张开角度减小11.2023年8月27日，田径世锦赛在布达佩斯进行了男子撑竿跳高决赛的争夺。广东撑竿跳高名将黄博凯以5.75m的成绩斩获第六名，创个人世界大赛最高排名。假设黄博凯在撑竿跳高比赛时最终下落到厚为0.75的垫子上。下落时黄博凯做自由落体运动，取重力加速度大小为g=10m/s2,不计空气阻力。关于黄博凯下列说法正确的是()A.他撑杆上升过程中先处于超重状态，后处于失重状态B.他撑竿上升的过程中，竿的弹性势能全部转化为他的动能C.他落到垫子前在空中下落过程用时0.8sD.他下落到垫子上时的速度大小为10m/s物理试题第4页（共8页）

1、2024届名校大联盟·高三月考卷[新高考](一)1物理答案

6.D【解析】粒子带负电且能够从C点射出磁场，根据左手定则可知匀强磁场的方向垂直纸面向里，A项错误；粒子从C点射出的轨迹如图所示，根据几何关系可得R-(R兰in60)+(1.-cs60),解得R-号1

2、2024届全国100所名校单元测试示范卷·化学[24·G3DY·化学-LKB-必考-FJ]三试题

可以是丙酸，B项正确；b能发生加聚反应，C项正确；GMA的分子式为C,HoO3,D项错误。9.D【解题分析】乙酸乙酯的制备属于可逆反应，增大酸的浓度可增大醇的转化率，A项正确；由于乙醇和乙酸均能与水互

3、2024届全国100所名校单元测试示范卷·化学[24·G3DY·化学-SJB-必考-SD]四试题

凉山州2021一2022学年度下期期末检测高一化学试题参考答案一、选择题(1-10每题2分，11-20每题3分，共50分)1-5 CDDAB6-10 DCABC11-15 DDCBB16-20 DAC

4、名校联考·2024届高三总复·月考卷 英语(XS4J)(一)1试题

【One possible version】Hello,everyone.I'm glad to share my trip to a museum.Last weekend,I visited a

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陛下应该慎重考虑。我不敢贪图功名，如果灭吴大事完成，委派大臣去治理时，希望您慎重选择合适人选。”十一月，羊枯病危，推荐杜预代替他。羊祜病死，晋武帝哭得很悲。荆州百姓听说羊枯病逝，为他罢市，巷里哭声不断

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7.竖直向上3分)G-2mR3分)03分)竖直向下3分)8mR-G次(3分)4R2解析：由同步卫星的运行特点可知，当人处于B点时，人受到地球的引力恰好提供向心力，故人在B点时受到电梯的作用力大小为0。

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A 46.A.requestB

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确的是()1.0C02释放量超02吸收量0.5P0510152025氧气浓度/%A.氧气浓度为0时，该器官不进行呼吸作用B.氧气浓度在10%以下时，该器官只进行无氧呼吸C.氧气浓度在10%以上时，该器

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18.A结合材料中在青稞收获的季节赶到藏东南的拉萨等地用食盐交换粮食。牧民运输食盐选择在冰雪消融的季节，其原因是到达拉萨时青稞已收获，正好进行交换；大气温度最高的季节是夏季；夏季水源最充足；此季节产盐

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成都七中高2023届高三零诊模拟考试语文试卷考试时间：150分钟满分：150分注意事项：1.答题前，考生务必将自己的姓名、考号填写在答题卡规定的位置上。2.作答时，将答案涂、写在答题卡规定的位置上，在

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(1)根据半偏法测电流表内阻的方法及原理可知，满偏时电流1，一，十R十R。,半偏时流经表头的电流为号，因为R>,所以闭合开关S,后认为电路中总电流几乎不变，即认为流过R的电流也为，所以R。-R-980

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周测卷十五《有机化学基础》模块周测卷1.A解析：淀粉和纤维素通式为(C6H1oO)m,由于值未知，故淀粉和纤维素不互为同分异构体，A项不正确；淀粉遇碘变蓝，土豆含有大量淀粉，故将碘酒滴到土豆片上，其表

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BDcos4.…4分当n≥2时，an-1=n-1-Sm-1,…2分两式相减得an一am-1=1一an,所以2an=a-1十所以AB=2.…5分1,…3分(2)因为AB+BD2=AD2,所以△ABD为直

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C.已接种的儿童及时接种第二剂水痘疫苗是为了防止记忆细胞凋亡和抗体消失D.由于带状疱疹病毒不易变异，因此感染过该病毒的个体再次出现水痘的可能性较低9.科学家从活的S型菌中提取DNA、蛋白质和荚膜等物质

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姓安居乐业，大家都称赞他是位贤德的丞相。惠帝二年，萧何去世。曹参听到这个消息，就告诉他的门客赶快整理行装，说：“我将要入朝当相国

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珠海市2021-2022学年度第二学期期末普通高中学生学业质量监测高二物理本试卷共6页，15小题，满分100分，考试用时75分钟。注意事项：1.答卷前，考生务必用黑色字迹钢笔或签字笔将自己的姓名、考生

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教学全国@0所名校单元测试示范卷札记4s4p答案：11↑2分)(2)H2S(1分〉(3)>(1分)(4)分子晶体：V形（各2分）(5)HScO3可表示成(HO)2ScO,Se为+4价，而HScO可表示

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(十)1.C能够

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对材料一相关内容的授括和理解识不确的是图1，自2016年开始，中国知识付费用户规模是增长态预计到2022年将突破5A.B.指离，中图知识付费用户规模的增长量在207-08年录大，预测202-2023年

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高三第一轮复周测卷·语文（二十二）新高考-R-必考-FJ·A来了。”张老师满意地笑了。花儿不辞而别，听说南下打工了。一晃几十年过去了。张老师还是一个人，村里的女人们劝她赶紧找个伴。张老师笑着说：“高

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山东省潍坊市2021-2022学年下学期高二期末考试历史参考答案2022.7一、选择题：本大题共15小题，每小题3分，共45分。在每小题列出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.B2.A3.D4

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菌的售卖、烹饪预留充足时间，确保荔枝菌能够当日食用。13.D荔枝菌有“岭南菌王”之称，营养价值高，受口味的影响小；“采收的荔枝菌需要在一日内食用”说明荔枝菌易变质，不宜长时间储存和长距离运输，因而销售

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对接，D项错误。【例5】B【解析】设A、B两天体的轨道半=mg,得g一兴，由于地球和火星的质量关系【解析】(1)本实验不需要测小球运动的时间、小球的质量，不需要测力，所以不需要秒表、天径分别为r1、2

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解得a2=gsin0-ugcos0=4m/s2(2分)滑块回到出发点时的速度大小v=√/2a2x=4√2m/s≈5.7m/s。(2分)(3)根据牛顿第二定律可知a1'=gsin0+μ'gcos0,a2

第二单元匀变速直线运动的速度、位移、时间三者之间的关系1.C解析：本题考查时刻、质点、参考系、位移。2023年5月30日16时29分是飞船与空间站成功对接的时刻，A项错误；飞船与空间站对接的过程中，不可以将飞船和空间站视为质点，B项错误；飞船与空间站对接后，以空间站为参考系时，飞船是静止的，C项正确；空间站绕地球运动一周，路程不为零，但位移为零，D项错误。2.A解析：本题考在加速度。根据加速度的定义式a一可知，运动员的加速度大小a0是m/s=20m/s:汽车的加速度大小a:=碧m/s=5m/:火车的加速度大小a1020品m/s=0.2m/:飞机的加速度大小a,一器m/s2=0.25m/~,显然加速度最大的是运250动员，A项正确。3.C解析：本题考查对位移一时间图像的理解和均速度的应用。根据均速度的定义可知，相等时间内位移最小的均速度最小，所以玩具汽车均速度最小的时间段为2。~3。，C项正确。4.B解析：本题考查位移公式的应用。把玩具小车的匀减速直线运动看作逆向的初速度为零的匀加速直线运动。设整个过程所用的时间为t,加速度大小为α，则玩具小车在第1s内的位移x=7aP-a1-1),玩具小车在最后1s内的位移x=a×1,又=k,联立解得T24生，B项正确。5.D解析：本题考查匀变速直线运动。在时间间隔t内，物体的位移为x,速度变为原来的k倍，设物体的初速度为，则末速度为ku。由匀变速直线运动的均速度公式可得十”=2子，由加速度公式可得。=，”，解得十少项正确。6.C解析：本题考查对速度一位移图像的理解和匀变速直线运动规律的灵活应用。由题意知，物体运动的0一x图线为抛物线，0与x的关系式为v2=kx,对照匀变速直线运动公式,2=2a,x可知，物体做初速度为零的匀加速直线运动，设物体的加速度为a,根据v2=2ax,可得物体在x=1m与x=4m处的速度之比号√任=号C项正确，7.D解析：本题考查匀变速直线运动的规律。经一段时间，小球的位移大小与路程之比是4：5,说明小球已经反向运动，即此时(t1时刻)小球的速度方向沿斜面向下，设此时小球的速度大小为，若时刻小球的位置在出发点下方，则小球的位移大小1=心，，路程2a由颗意知4·=4：5，解得v=3w,即小球在这段时间内的均速度向下；若此时(2时刻)小球的位置在出发点上方，设此时小球的速度大小为v',则小球的位移☑小22路程十由题意可知x22=45,解得=罗方向沿斜面向·4大25DY·物理-R-必修第一册-QGA·N

解析：该离子所受电场力的瞬时功率是电场力与沿电场力方向速度的乘积，故P=E,A项正确；边与磁场方向垂直，故该离子所受洛伦兹力大小F=qB2,B项错误；2与磁场方向垂直，离子在垂直磁场方向的面内做匀速圆周运动，洛伦兹力不做功，2的大小不变，离子沿电场方向做加速运动，山不断增大，则边与山的比值不断减小，C项错误：离子微匀建圆网运动的向心加选度“大小不变，电场力产生的加造度心一阳心大小部不变，两者方向鱼直，离子的加速度大小不变，方向变化，D项错误。答案：A8解析：由于封口机封口利用的是电磁感应，故封口材料必须是金属材料，A项正确；封口过程中，若温度过低，可适当增大电源频率，从而增大感应电动势，增大感应电流，使温度升高，与电源电压无关，B项错误、C项正确：封口材料应是金属材料，但对应被封口的容器不能是金属，只能是玻璃、塑料等材质，D项错误。答案：AC9解析：由题意可知，粒子在磁场中运动的轨迹半径R=“0元一23a,根据洛伦兹力提供向心力，有qB一京解得带电粒子在磁场中运动的速率=2吧，A项正确，B项错误；带电粒子在磁场中的运动轨迹对应的圆心角为3m学，运动月期T-2-器则带电粒子在猫场中运动的时同1一器C项蜡误，D项正病答案：AD10解析：根据题意可知，在硬币进入磁场和离开磁场的过程中，穿过硬币的磁通量发生变化，硬币中产生感应电流，感应电流会阻碍硬币的相对运动，即硬币在进入磁场的过程中会受到来自磁场的阻力，若磁场的阻力大于硬币重力沿斜面的分力，硬币做减速运动：若磁场阻力等于硬币重力沿斜面的分力，硬币做匀速运动；若磁场阻力小于硬币重力沿斜面的分力，硬币做加速度减小的加速运动。综上所述，硬币经过磁场区域时的速度增大、不变或者减小都有可能，但硬币的机械能减小，A、D项错误，B项正确。由玻璃制作的假币在下滑的过程中不能发生电磁感应现象，它沿斜面向下做加速运动，测速器的示数一定大于设定的速度范围内的值，C项正确。答案：BC11解析：(1)开关S闭合瞬间，由于自感线圈的通电自感，通过传感器1的电流不会立即达到最大值，电流的方向不会发生变化，故图乙正确。(2)开关S断开瞬间，由于自感线圈的断电自感，通过传感器2的电流反向，电路稳定时，通过自感线圈的电流大于通过传感器2的电流，故图丙正确。答案：(1)乙(3分)(2)丙(4分)12解析：(1)开关S闭合且电路稳定时，二极管是导通的，L被短路，故L1、L2两端的电压不相同。断开开关S瞬间，L熄灭前，通过L,的电流减小，通过电感线圈的电流先增大后减小，通过二者的电流不相等且通过二者的电流之和等于通过L2的电流，故开关S断开的瞬间，通过L2的电流不是通过L电流的2倍。(2)电源对电容器充电，使电容器上极板带负电、下极板带正电：当开关S断开时，电容器放电，电流由下极板经电路流向上极板，因为电感线圈对电流有阻碍作用，所以1，会闪亮一下，然后逐渐熄灭。(3)结合电容器两极板所带电荷的电性，可以判断开关S断开的瞬间，通过I2的电流方向为从a到b答案：(1)不相同(2分)不是(2分)(2)闪亮一下，然后逐渐熄灭(3分)(3)从a到b(2分)13