第Ⅱ卷（非选择题 共52分) 二、非选择题（本大题共3小题，计52分） 17.阅读图文材料，完成下列要求。(18分) 人参果是亚热带水果，适宜种植在海拔1700一2100m的 山区、半山区的红壤土中。云南省昆明市石林县被誉为“人参 果之乡”，其出产的人参果皮薄光滑、脆甜多汁、细腻清香，富含 维生素C、钙、氨基酸等营养物质。石林县种植人参果的条件优 越，土壤由砂岩、石灰岩风化后形成，pH值为5.5一7.5，土质疏 松，河流流域范围内无污染。为提高经济效益，当地人参果示 范基地采用单枝吊蔓技术（在大棚顶部拉上铁丝，将吊绳绑在 铁丝上，另一端绑在植株基部，将植株绕在吊绳上)种植人参 果。近年来，石林县政府大力开发电商台，采用“拼购”模式 (又称团购或集体采购)打开了人参果销路。下图为石林县地

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辖之下，在新致策之下，海关保持其行政的高度完整，只格遵政府命令，掌管征税工作，而摆脱了一切政治性的、超出本职之外的职权和联系，一摘编自易继苍等《1927~1937年南京国民政府的关税改革》(1)根据材

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【解析N分子中含有氮氮三挺，28gN2为1m0,含π键数目为2VA·A错误；在S502品体中，母个S1原于形成4个Si一O键，故1 mol SiO2中含有Si一O键的数目为4NA,B错误；D2O的摩尔质量为20g·mol1,2g重水的物质的量为0.1mol,1个重水(D2O)分子中含有的孤电子对数为2,0.1mol重水(D2O)中含有的孤电子对数为0.2N,C正确；标准状况下，HF是液体，不是气体，不能用标准状况下的气体摩尔体积进行相关计算，D错误。6.【答案】A【解析】①中水的化合价没有发生变化，水未发生氧化反应，②中水发生还原反应，A错误；NO,中存在离子键和非极性键，CaH2中只存在离子键不存在非极性键，B正确；NazO2由Na+和O号组成，阴、阳离子个数之比为1：2，CaH2由Ca2+和H组成，阴、阳离子个数之比为2：1，C正确；①中每生成1个O2分子转移2个电子，②中每生成1个H2分子转移1个电子，当反应①和②中转移的电子数相同时，产生的O2和H2的物质的量之比为1：2，D正确【高三化学参考答案第1页（共4页）】24470C7.【答案】C【解析】菱锌矿与硫酸溶液反应生成硫酸锌、硫酸钠、硅酸，二氧化硅不与硫酸溶液反应，过滤；向滤液中加入过量氢氧化钠溶液，硫酸锌转化为Nz[Z(OH):];然后向溶液中通入适量二氧化碳气体，得到氢氧化锌沉淀，过滤；将氢氧化锌煅烧得到氧化锌，再用过量焦炭还原得到锌。SO的空间结构为正四面体形，A正确：滤渣的主要成分为SiO2和H2 SiO3,B正确：“沉淀”时，CO2会先与过量的NaOH反应，因此消耗CO2的物质的量大于消耗Na[Zn(OH,]的物质的量，C错误；“高温热还原”过程中发生的反应为ZnO+C商温Zn十CO+,该反应属于置换反应，D正确8.【答案B【解析】第一步环己醇用酸性N,Cr2O,溶液氧化为环己酮；第二步加少量草酸溶液的目的是还原过量的氧化剂N2Cr2O,防止环己酮被氧化；第三步95℃蒸馏，收集到的馏分是环己酮和水的共沸混合物；第四步加NC1固体，可以增大水层的密度，从而将环己酮和水分离：第五步加入无水K,CO,除去环己酮中少量的水，最后进行蒸馏得到纯环己酮。环己酮可被强氧化剂氧化，分批次加人Naz Cr2O,溶液，可防止发生副反应，A正确；反应后加入少量草酸溶液的目的是还原过量的氧化剂NaCr,O,防止环己酮被氧化，B错误；95℃蒸馏收集到的馏分是环己酮和水的共沸混合物，则①中是含有硫酸和C3+的水相：液相2中水和环己酮互不相溶，加入NaCI固体，可增大水层的密度，有利于分液，②中是含NaCI的水相；液相3中仍含有少量的水，加入无水KzCO3除水，③中是K2CO3水合物，C正确；由液相3得到纯净环己酮的方法是蒸馏，收集150~156℃的馏分：加入K2CO3固体，吸收少量的水，得到KzCO3水合物，通过过滤，将固体K2CO水合物和液体环己酮分离，D正确。9.【答案】D【解析】放电时a极为负极，则充电时a极为阴极，阴极与直流电源的负极相连，A正确；放电时b极为正极，正极的电极反应为O2+4e+2HzO一4OH,22.4LO2(标准状况)参与反应时，外电路中有4mol电子通过，内电路中有4 mol OH-由b极区向a极区迁移，B正确：放电过程中a极的电极反应为Zn一2e+4OH-[Zn(OH),]-,则充电过程中a极的电极反应为[Zn(OH):]2-+2e一Zn+4OH,C正确；放电过程中，外电路中有4mol电子通过时，a极区消耗8 mol OH-,同时有4 mol OH-由b极区向a极区迁移，a极区c(KOH)减小；b极区n(KOH)保持不变，但溶剂的量减小，即溶液的体积减小，b极区c(KOH)增大，故放电一段时间后，a极区c(KOH)小于b极区c(KOH),D错误。10.【答案】B【解析】随着溶液的pH增大，含SrSO,(s)的Naz SO,溶液中的锶离子的浓度几乎不变；pH相同时，溶液中c(SO)越大，c(Sr2+)越小，所以曲线①代表含SrSO,(s)的0.1mol·L1Na2SO,溶液的变化曲线，曲线②代表含SrSO,(s)的1.0mol·L-1 Naz SO,溶液的变化曲线。HzCO3是弱酸，随着溶液的pH增大，溶液中c(CO)增大，c(Sr2+)减小；pH相同时，由于1.0mol·L-1Na2CO3溶液中的c(CO)大于0.1mol·L-Na2CO3溶液中的c(CO),则1.0mol·L-1Na2CO3溶液中的c(Sr2+)小于0.1mol·L-1Na2CO3溶液中的c(Sr2+),故曲线③代表含SrCO3(s)的0.1mol·L-1Na2CO3溶液的变化曲线，曲线④代表含SrCO3(s)的l.0mol·L1Na2CO溶液的变化曲线，A错误；由分析可知，曲线①代表含SrSO4(s)的0.1mol·L-Na2SO4溶液的变化曲线，则SrSO,的溶度积Kp(SrSO)=10i.5×0.1=106.5,温度不变，溶度积不变，则溶液pH为7.7时，c(Sr*)=19。=10[或溶液pH为6.9时.cSr)-10.0=1065],则a=-6.5.B正确；温度不变，衡常数不变，所以随着溶液的pH增大，反应SSO,(s)+CO(aq)一SrCO(s)+O?(aq)的衡常数保持不变，C错误；曲线①代表含SrSO,(s)的0.1mol·L-1NaSO,溶液的变化曲线，曲线③代表含SrCO3(s)的0.1mol·L1NaCO3溶液的变化曲线，两条曲线的交点是(6.8，-5.5)，pH≥6.8时才发生沉淀转化，D错误【高三化学参考答案第2页（共4页）】24470C二、非选择题：本题共4小题，共60分。11.【答案】(15分(1)粉碎钴镍渣、搅拌、适当升温、适当增大H2SO,溶液浓度等（任写一种）(1分。答出1种，即可)(2)Cd*++Zn =Cd+Zn2+()(3)过二硫酸根中含有过氧键（或过二硫酸根中含有一O一O一）(2分)(4)2Co2++S2O+6H2O一2Co(OH)3↓+2SO+6H+(2分。未配或未写“￥”，扣1分》(5)80℃、2h(2分。若写成80℃、3h,给1分)Fe(OH)3(1分)(6)(.x+1)ZnSO,+(.x+1)Naz CO,+xHO-ZnCO·xZn(OH):￥+(x+1)NaSO,+xCO2↑(2分。未配或未写“↓”、“4”，扣1分)(7)@NYMW1分)

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