1m,△h=1m,得Wr=6J,D项正确。6.BD【解析】外力做的总功等于各个力做功的代数和，故A项错误；合力对物体做的功等于物体动能的变化量，故B项正确；根据动能定理的适用条件知，C项错误、D项正确。7.BC【解析】由题图可知，在0~t,时间内，水方向的拉力从零逐渐增大到等于最大静摩擦力，物块始终静止不动，水拉力做的功为零，功率为零，A项错误；在2时刻，水拉力最大且大于滑动摩擦力的2倍，根据牛顿第二定律可知t2时刻物块的加速度最大，B项正确；在3时刻，水拉力与摩擦力大小相等，物块加速度为零，3时刻之后水拉力小于摩擦力，物块做减速运动，即t3时刻前后物块的加速度方向相反，C项正确；由于t3~t4时间内水拉力小于滑动摩擦力，物块做减速运动，故3时刻物块的动能最大，D项错误。8.BC【解析】由题图乙可知，0一t1时间内，图线与坐标轴所围成的三角形面积大于t1~t2时间内图线与坐标轴所围成的三角形面积，由此可知，物块在0~t1时间内运动的位移比在t1~t2时间内运动的位移大，故A项错误；在t1~t2时间内，物块沿传送带向上运动，则有ngcos>ngsin0,解得>tan0,故C项正确；0t2时间内，由v一t图线与坐标轴围成图形的“面积”表示位移可知，物块的总位移沿传送带向下，物块的高度下降，重力对物块做正功，设为Wc,根联动能定理得W+W。之ma,一2m,则传送带对物块做的功W子专m22m2,故B项正确、D项错误。9.(1)相等(1分)(5)m1gx(2分2m[(是)-()](2分)△t2△t1(6)0.0392(2分)0.0375(3分)(7)4.3(2分)【解析】(1)滑块匀速运动时，遮光片通过两光电门的时间相等，此时气垫导轨水。(5)拉力做功与祛码和砝码盘重力做功州等，故W=mg:滑块动能的政变量△瓜.-m:△t2△t1(6W=mgx=0.0392J,AE.=7[()-()2]=0.0375J。△t2△t(7)8=WAE1X100%=0.03920,0375×100%=4.3%.W0.039210.解：(1)运动员在斜坡AB上做匀加速直线运动运动员下滑所受摩擦力f=Fv=ngcos0(1分)根据牛顿运动定律，有ngsin0-∫=ma(3分)根据匀变速直线运动规律，有vs2=2aL(2分)·38女【23·G3ZCJ·物理·参考答案一R一必考一N】

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15.(10分)

炎德·英才大联考雅礼中学2025届高三月考试卷（三）物理参考答案一、单选题(24分)题号123456答案BDCDBC1.B【解析】A.重力沿切线方向的分力提供单摆做简谐运动的回复力，故A错误；B.在受迫振动中，物体振动的频率一定等于驱动力的频率，故B正确。C.两列波发生干涉，振动加强区质点的振幅总比振动减弱区质点的振幅大，不能说振动加强区质点的位移总比振动减弱区质点的位移大，故C错误；D.当孔、缝的宽度与波长差不多或者比波长还小时，就能够发生明显的衍射现象，故D错误。故选B。2.D【解析】A.根据，点电荷电场线的分布情况可知：A、B、C三，点的电场强度大小相同，方向不同，而场强是矢量，则A、B、C三，点的电场强度不同，故A错误；B.A、B、C三，点处于同一等势面上，电势相同，由于A、B、C三点所在的等势面为球面，所以面ABC不是等势面，故B错误；C.若将试探电荷十q自A,点沿一x轴方向移动，该试探电荷受到吸引力，吸引力方向沿着x轴的负方向，则电场力对该试探电荷做正功，其电势能将减小，故C错误。D.若在A、B、C三，点放置三个点电荷，任意两个，点电荷对一Q的电场力的合力与第三个电荷对一Q的电场力不在同一直线上，所以三个点电荷对一Q的合力不可能为零，故D正确；故选D。3C【解折1报辐惠势能与电势的关系：比一，场强与电势的关系：E-签得：上}×怎，由数学知识可口E一工图像切线的斜率等于，西处切线斜率为零，则处电场强度为零，故A错误；BD,由图看出0~1段图像切线的斜率不断减小，由上式知场强减小，粒子所受的电场力减小，加速度减小，做非匀变速运动，x1~x2段图像切线的斜率不断增大，场强增大，粒子所受的电场力增大，做非匀变速运动，x2~x3段斜率不变，场强不变，即电场强度大小和方向均不变，是匀强电场，粒子所受的电场力不变，做匀变速直线运动，故BD错误；C.根据电势能与电势的关系：E。=q9,粒子带正电，q>0,则知：电势能越大，粒子所在处的电势越高，所以有：>p2>9,有对称性可知，2=0，则p>2=>1,故C正确；故选C。4.D【解析】由图可知：R。与滑动变阻器R串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，AB.电梯具有向上的加速度时，重物受到的弹力大于重力，滑动变阻器滑片向下运动，滑动变阻器接入电路的电阻变大，电路中电流减小，滑动变阻器两端电压增大，故A、B错误；CD.电梯具有向下的加速度时，重物受到的弹力小于重力，滑动变阻器滑片向上运动，滑动变阻器接入电路的电胆支小，R-号，所以电压表示教与电流表示数的比值减小：电压表示数的变化量与电流表示数的变化量的比值的绝对值为R。十r,所以不变；故C错误D正确。故选D。5.B【解析】A.由题意知：当小球通过最高点时，底座对地面的压力恰好为Mg。说明此时杆的作用力为0，小球只受重力，由牛顿第二定律得：mg=m,解得：=√g,从最低点到最高点的过程由动能定理得：一mg·21mm,解得：u=Vg,由动能定理得外界对小球微的功W-m话=号mg,故A错误B取初速度1的方向为正方向，从最低点运动到最高，点的过程由动量定理得：I合=一mx一m0,解得：I合=一(1十√5)m√gl,所以合外力的冲量大小为(1十√5)m√gl,故B正确；C.小球从最低点运动到与转轴等高的位置时，设速度为，由动能定理得：一mg1=2m一m喝，解得：=√3g,设杆对小球的拉力为F,由牛顿第二定律得：F=m-3mg,由牛频第三定律知杆对底庭水年方向的拉力为3mg,对底座交力分析由衡条件得地面对底座的静摩擦力为3g,故C错误。D.小球在最低，点时，设杆对小球的拉力为T,由牛顿第二定律得：T一g=m,解得：T=6ng,由牛颜第三定律知杆对底座的压力为6g,对底座交力分析由衡条件得地面对底座的支持力V=Mg十6mg,由牛顿第三定律知底座对地面的压力为(M十6m)g,故D错误；故选B。6.C【解析】AB.对小球b受力分析，如图所示，小球b受重力、支持力、库仑力，其O F中F1为库仑力F和重力mg的合力，根据三力衡原理可知，F1=FN。由图可知，△OABP△FFB设半球形碗的半径为R,AB之间的距离为L,根据三角形相似可知，7777777贤品品即紧袋是物理参考答案（雅礼版）一1