9.(24分)某卫星B在赤道面内绕地球做匀速圆周运动，运行方向与地球自转方向相同，赤道上有一卫星测控站A。已知卫星B距地面的高度为R,地球的半径为R,自转角速度为ωo,地球表面的重力加速度为g。(1)求卫星B做圆周运动的周期TB。(2)某时刻卫星测控站A、卫星B相距最近且它们的连线通过地球中心，则经过多长时间它们再一次相距最近？(3)若要实现测控站A和卫星B间通信，求测控站A和卫星B能连续直接通信的最长时间。（卫星信号传输的时间可忽略）

物理高考基本分专练（六）基7选择题第1一5题只有一项符合题目要求，第6~8题有多项符合题目要求。1.2019年，我国运动员陈芋汐获得国际泳联世锦赛女子单人10米跳台冠军。某轮比赛中，陈芋2岁在跳合上倒立静止，然后下落，前5完成技术动作，随后5m完成姿态调整。假设整个下命题：落过程近似为自由落体运动，重力加速度大小取10m。,则她用于姿态调整的时间约为=9乙：a丁：A.0.2sB.0.4sC.1.0sD.1.482,如图所示，用AC、CD两根轻绳将物块悬于水轻杆BC的下方，其中B为I0Σ之ot光滑转辅，C为结点，轻杆BC始终保持水，重物静止不动。已知物块质量t砂C.Em,重力加速度为g。设AC、CD绳的拉力分别为FAc,F。下列选项减5,c,确的是mg FonDx心A.Fac>mgB.FCDmgC若A点上移，则FAc变大D若A点下移，厨童大不核ta=ls3如图所示，圆盘在水面内以角速度ω绕中心轴匀速转动，圆盘上距轴，处=1(的P点有一质量为m的小物体随圆盘一起转动。某时刻圆盘突然停止转,小物体由P点滑至圆盘上的某点停止。下列说法正确的是A.圆盘停止转动前，小物体所受摩擦力的方向沿运动轨迹切线方向影为B.圆盘停止转动前，小物体运动一圈所受摩擦力的冲量大小为2mω7Q圆盘停止转动后，小物体沿圆盘半径方向运动切战D.圆盘停止转动后，小物体整个滑动过程所受摩擦力的冲量大小为mwrmwr-o=f则“4.一滑块从固定光滑斜面顶端由静止释放，沿斜面下滑的过程中，滑块的动能Ek与运动时间、下滑高度、运动位移、之间的关系图像如图所示，其中正确的是Ek=imv=mgh∠=m947D5.质量为的物体，水放置在火星探测器内部的压力传感器上，该火星探测器离开火星表面竖直向上加速运动到距火星表面高度为火星半径的时，加速度大小为α，压力传感器的示数为F。不考虑火星的自转，则火星表面的重力加速度大小为A16(F-ma)B.4Fma)5ma)25(F-ma)D25m5m知C.04m16mmce下-m月6.如图，理想变压器原线圈接在u=220√2sinl00πt(V)的交流电Gm=gR'源上，副线圈匝数可通过滑片P来调节。当滑片P处于图示位。置时，原，副线圈的匝数比n1:n2=2:1,为了使图中“100V,“50W”的灯泡能够正常发光，下列操作可行的是A.仅将滑片P向上滑动9B.仅将滑片P向下滑动钢C.仅在副线圈电路中并联一个阻值为20Q的电阻D.仅在副线圈电路中串联一个阻值为202的电阻伯乐马2023年高考基本分专练·物理·第11页（共62页）

解：(1)设小球从D点飞出时的速度为)1，则w1t=x（2分)282=2R,+L(2分)解得w1=3√2m/s(1分)小球从A点运动至D点，由机械能守恒定律得mg2R,L)-3nx2-2m(3分)解得vA=6m/s。(1分)(2)小球在D点的速度最小时，与轨道间的弹力为零，则2UDmg=m R2(2分)解得w=2m/s(1分)

将2023年辽宁省普通高等学校招生选择性考试模拟试题绝密★启用前A在两恒星引力大小出在两恒星司物理（三）】向心加速◇本试卷满分100分，考试时间75分钟。C.在两天体注意事项：D.在两天体写1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题纸上。3.下列说法不正如又，答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答顺纸对应糖目的答案标号涂黑，如脂改动A,理想气体用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。答非选择题时，将答案写在答题纸上。写在本试卷上B.一个孤立系报尽C,一切自发过无效。D,热力学第邮3.考试结束后，将本试卷和答题纸一并交回。4,光导纤维是光光缆，在玻璃◇一、选择题：本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符合题图甲所示，已匀目要求，每小题4分；第8~10题有多项符合题目要求，每小题6分，全部选对的得6分，选对长芯外侧到圆心但不全的得3分，有选错的得0分。A.nn:1.2022年2月21日23时49分，“华龙一号”海外示范工程、全球第四台机组一巴基斯坦卡拉B,将一条光线螺奇核电工程3号机组反应堆首次达到临界状态，标志着机组正式进人大功率运行阶段。该核一定沿原来K电厂依靠反应堆中重核的裂变反应释放的核能进行发电，有关重核的裂变，下列说法正确的是C若0为射入A.在裂变反应过程中，反应物的结合能之和大于生成物的结合能之和的入射角，则0B.在裂变反应过程中，重核一定分裂成两个中等质量的核C.在裂变反应中，电荷数守恒，质量数不守恒D.如图乙，若斯D.裂变反应是朝着比结合能增大的方向进行的生全反射2.星云是恒星的摇篮，堪称宇宙中的恒星工厂。距离地球大约16.5万光年的蜘蛛星云就是一个5,理论研究表明，柄高产恒星的“大厂”。如图所示，蜘蛛星云中两颗炽热又明亮的大质量恒星构成双星系统，二位于球心电荷痴者围绕球心连线上的某个点旋转，通过智利的甚大望远镜观测发现，体积较小（质量较小，密电球体的电荷度较大)的恒星会“吸食”另一颗体积较大的恒星表面的物质，以达到质量转移的目的，同时两小E与位置坐我颗恒足正在缓橙苹近，最终会慰合成一个更为巨大的恒星。不计其他天体的影响，运动中两下列说法正确的0蟹颗恒星的总质量不变。下列说法正确的是A带电球表面见C整个球体是等物理（三）第1页（共8页）女子名通

解析：本题考查引力常量的单位。根据F=Gm,m,可得G-F,则G的m m2单位是N·m/kg2,A项正确。答案：A

18.(11分)(1)A到B抛：vy=2gh-R(1-cos53],得vBy=4V2m/s(1分)w=0,得6=3V2/s(1分)击打瞬间：W=m6，得W=9J(1分)(2)A到C:2mv6+mgi=2mv呢(1分)在C点：Fw-mg=m坚(1分)得F=68N由牛顿第三定律得小球到C点时对圆弧轨道的压力FW=FN=68N(1分)(3)恰好过E点：mgsin37=m,得v√grsin37=V3m/s(1分)A到E:mga-HamgicD-mg2r·sin37°=imv2-mv得41=0.43(1分)恰好到DE的中点：mgi-2 mgLcD-mgr·sin37°=0-2mv得2=0.52(1分)恰好到D点：mgi-u3mgLcp=0-2mv哈得3=0.58(1分)综上分析得：0

海面甲陕西省延安市吴起县地处黄土高原，位于水蚀、风蚀交错区。《吴起县“十二五”水资源基准线：保护与开发利用规划》显示，该县多年均降水量470.9mm,年均蒸发量1565.4mm。自“侵蚀面四花岗岩沉积岩层1~8年代由老到新1998年起，该县在荒山及坡地营造水土保持林，主要造林树种有油松、刺槐、山杏、沙棘等。8.该地地质作用过程依次为受自然条件和植被生长性影响，四种防护林分布空间差异显著，下表示意四种防护林分A.下沉沉积、岩浆侵入、抬升侵蚀、下沉沉积、断裂升降布特征（坡向一般以正北方向记作0°，按顺时针方向旋转所得角度为坡向角度）。据此完成B.抬升侵蚀、断裂升降、岩浆侵入、下沉沉积、断裂升降13~15题C.岩浆侵入、下沉沉积、断裂升降、抬升侵蚀、下沉沉积防护林海拔/m坡向范围D.下沉沉积、抬升侵蚀、断裂升降、岩浆侵入、下沉沉积刺槐1410~15100°~20°；50°~62°；82°~95°：277°360°9.对该区域地貌的推断，正确的是山杏144415530°100~；280°360A.甲地受风力侵蚀，地势低B.乙地因断裂下陷，蓄水成湖油松1380~14510°100°沙棘1365~15620°~74°；280°~3609C.丙地因岩浆活动，奇峰林立D.丁地断裂抬升，地势较高构建人类命运共同体是“一带一路”倡议的理想愿景。构建“双环流全球价值链”（如下13.该地适生坡向范围最大防护林类型是(图)是构建人类命运共同体的重要途径，中国处于该价值链的中间节点位置，发挥着中心枢A.刺槐B.山杏纽作用。据此完成10~12题。C.油松D.沙棘14.四种防护林在135°~225坡向范围内几乎没有分布，主要是该起向范围内()发达经济闲中国发展中经济体A.降水量小B.土层浅薄主制、第二梯队第三梯队第四梯队C.蒸发量大D.下渗量大·高端制造中低端制造创新中心欧盟、日本中国拉丁美洲、非洲美国15.多年观测显示，曾经作为先锋树种的沙棘分布范围不断缩小，逐渐被油松等其他乔木取10.不同国家和地区在“双流全球价值链”中所处位置不同，其决定因素是)代，这反映了当地()A.产业结构B.经济总量A.热量条件改善B.降水量总量增加C.科技水D.开放程度C.人类活动减少D.生态环境改善11.图中d环节输出的最可能是(二、非选择题：本题共4小题，共55分。A.生产技术B.初级产品16.阅读图文材料，完成下列要求。(11分)》C.高端产品D.中间产品某校地理实践小组在闽南某海滩开展地理实践活动，下左图是实践时拍摄的12.中国在该价值链中发挥着中心枢纽作用，其中一个体现是某海滩景观照。带队老师提醒同学们不要太靠近该处海滩，并指出白色浪花之间A.与拉丁美洲国家开展能源合作B.向欧美国家输送高端产品的深色海面下（下左图中M处）可能有流速较快的离岸流。由于离岸流是海滨浴C.向非洲地区出口初级产品D.为欧盟国家完成高端制造场溺水事故的主因，返校后实践小组对此展开深入研究，并向有关部门建议在岸地理（十一）第3页（共8页）地理（十一）第4页（共8页）

102R第9题图0见第10题图二、选择题（每小题2分，共14分；每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题意】下列说法中正确的是‘A,速度越大的物体，建栅共一六也成达女B电磁波既可以传播信息，也可以传播能量C.固体有一定的体积和形状，说明固体分子不能运火D,煤、石油天然气都是可再生供题人不可两胜如图所示，关于下列各图的说法，不正确的是T88山lud6789cm0A000甲丙第12题图人图甲：用刻度尺测得物体的长度为8.50cm水"CB.图乙为试时电流表指针的偏转位置，说明电心表的量程选小了VC.图丙为实验前电压表指针的位置，接下来的操作是调零七D.图丁：测量液体温度时温度计不能接触烧杯底部和侧壁UD如图所示的是某同学站在电动衡车上静止时的画面，下列说法中正确的是X.衡车的重力与地面@衡车的支持力是一对相互作用力衡车对地面的压力与地面对衡车的支持力是一对X?衡力相仰肋人对衡车的压力≤地面对不衡车的支持力是一对相互作用力V人受到的重力与衡车对人的支持力是一对衡力如图所示的嘉一简易单摆，让小球从A位置由静止释放，经过B位第13题图置到达最高点C位置，A、C两位置距离水面的高度分别为hA和hc,且hA>hc。下列关于小球的能量和能量转化的说法中，不正确的是广小球由A位置运动到卫位置的过程中，其重力势能部分转化为动能小武在B位置时的动盈冲的十的2U©在摆动过程中肌械能是持不变战心图中九A>h,说明小球摆动过程中机械能不守恒B小明利用小石块、溢水杯及水、弹簧测力计、小烧兵细线等器第A题图材验证阿基米德原理，过程如图所示，下列说法（)的是G+FT10F个甲历2B:vGx丙D-x第15题图

池充电。下列实验与动能回收装置工作原理相同的是螺钉弹性片触接二鸢BD向19,我国潜艇制造技术一直处于领先地位，如图所示是我国某款低噪音常规潜艇试航时的情景。关于该潜艇的试航过程，下列说法中正确的是A.潜艇漂浮在海面上，所受浮力大于自身重力B.潜艇在水中悬停时，所受浮力等于排开液体的重力C.潜艇下潜过程中，受到的浮力将会逐渐变小D.潜艇下潜过程中，受到海水的压强将会逐渐变小20.电子天因其称量准确、显示快速而深受消费者欢迎。如图甲所示是某应变式电子天简化电路图，R。是定值电阻，其阻值为102，R为压力传感器，其阻值随所受压力大小变化的规律如图乙所示，电源电压恒为6V,电压表量程为0~3V。g取10N/kg,则下列分析正确的是骑特具明用水的30对2015105Ro01020304050FN乙A.称量质量越大，电压表示数越小像异B.称量质量越大，电路中消耗的总功率越小劲机C.该电予天的最大称量质量为5kg给电D.该龟路消耗的最大功率为1.8W浪一过理科综合试卷（三）（第6页（共16页）

教学全国©0所名校高三单元测试示范卷记3.如图所示，小球a从水地面的A点由静止开始以加速度a。=多水向45B右做匀加速直线运动，同时小球b从B点以与水方向成45°角的初速度斜向左上方抛出，经过时间t,小球b落地时恰好与小球a相遇。已知B点离地面的高度为d,两小球的水距离也为d,重力加速度为g,空气阻m力不计，则小球b的初速度大小为A.V3B.V3gdC.3ga6D.√/3gd42【解析】本题考查斜抛运动。小球a做匀加速直线运动，小球b做斜抛运动，则水方向有d=%cos45°·t十f,坚直方向有d=一c0s451什g,又因为w=号，联立解得=.敢A项正确.6【答案】A4.如图所示，同一竖直面内有倾角为45°的斜面BC和倾角为53°的斜面AC,A、B两点等高。现将甲、乙小球分别从A、B两点以初速度1、2沿水方向同时抛出，两球恰好在C点相碰（不计空气阻力)。已知sin53°=0.8，cos53°=0.6，下列说法正确的是2A.初速度、2大小之比为4：3B.若仅增大，则两球不再相碰DC若大小变为原来的号.则乙球恰能落在斜面BC的中点D45D.若仅水抛出甲球且大小变为原来的倍，则甲球可垂直击中斜面BC【解析】本题考查抛运动的基本规律及推论。甲、乙两球从等高处做抛运动，恰好在C点相碰，则下落的时间相等，根指指运动的推论，对甲球有m53”一器，对乙球有1am45一器，联立解得器一子A项错误：若仅增大，22甲球下落相同高度时，水位移增大，所以两球会提前相碰，B项错误；若乙球恰能落在斜面BC的中点D,根据几何关果可知竖直方向下落的商度和水位移邦变为厚来的一牛，由V区可知下落时间变为原来的号由=兰可为'=号m,C项正确：根福张运动的推论，甲球落在C点有m53”=兴，甲球垂直击中斜面C有1am45-号，解2w1得'=8×，且1<1，故'<8，D项错误。3【答案】C5.将一物块放在粗糙的水台上，一轻质细线绕过固定光滑小环，一端与物块相连，另一端吊着一个小球，连接物块部分的细线行于水台，小球与小环间的距离为L,重力加速度为g。如图甲所示，让小球在竖直面内摆动，小球经过最低点的速度=√gL时，物块恰好不滑动；如图乙所示，若让小球在水面内做匀速圆周运动，为使物块恰好不滑动，小球在水面内做匀速圆周运动的速度大小为A.V3gLB.V6gLC.V2gl222D.VgL【解析】本题考查圆周运动。题图甲中物块恰好不滑动，细线上的拉力等于最大静摩擦力，当小球经过最低点时有T-mg=m一，解得T=2mg。题图乙中要使物块恰好不滑动，则细线上的拉力也等于最大静摩擦力，则T=2mg,设L连接小球的细线与竖直方向的夹角为0则有c0s0=学=之，故日=60，对小球分析有mgtan0=mm9:解得心=L,成B项正确【答案】B24【24G3DY(新高考)·物理-R-必考-HUB】

17.(1)23(2w2h-2的速度方向与水方向夹角的正切为1，故B错误；从A点水抛出到小球刚落在半圆壁前，小球动量改变量等于重力解析：(1)当0=60°时，A右侧恰好无光线射出，即光线发的冲量，△p=mgt=0.4kg·m/s,故C正确；根据抛规律推论可知，抛运动的物体速度反向延长后交水位移的生全反射，根据全反射条件可知：n=in60,半圆柱体对中点，若小球垂直打在半圆壁上，则其反向延长线一定过圆该单色光的折射率：n=23心，根据几何知识，圆心肯定不是水位移的中点，所以小30球不可能垂直打在半圆壁上，故D错误。(2)作出光路图如图所示。入射光在5.D由题意知，小球在区域I中有机械能损失，可知在区域半圆柱体A上发生折射时，由折射I中有电磁感应现象，即产生了焦耳热，则知小球在I内磁通量发生了变化，所以I内存在非匀强磁场。而小球在区域定律可知：n=”月，其中0=30°，Ⅱ中没有机械能损失，即没有产生电磁感应现象，则知小球在Ⅱ内磁通量不发生变化，即Ⅱ内存在匀强磁场，故D正A解得sinQ=,入射光在半圆柱你确，A、B、C错误。B上发生折射时，由折射定律可知：6.D在前一段时间内，根据动能定理得W,=2m(20)n=sin asin月，解得sin月=M2,则PM=mu=3×2mv,在后一段时间内，根据动能定理得11Esin g=R,则由几何关系可知：tanah-PM，联立w,=m(5o)2-言m(2oy=21×号m,所以w,=7w1d解得d=2h-2R。由于速度是夫量，具有方向，当初、末速度方向相同时，动量变化量最小，方向相反时，动量变化量最大，因此冲量的18.(1)（2)sH,+p大小范围是m·2u-mu≤I1≤m·2v+mv,即mv≤I1≤Vog-pgH+p3mv,m·5v-m·2uI2≤m·5v十m·2v,即3mv≤解析：(1)由题知开始时鱼静止在水面下H处，设此时鱼I2≤7mv,可知I2≥I1,故D正确，A、B、C错误。的体积为V,由力的衡得Mg=PgV1,且此时B室内7.Ba、b两束单色光从上表面射入到下表面时，它们的入射气体体积为V,质量为m,设气体的密度为p气，则有m=角相同，而a光发生了全反射，说明a光的临界角小，所以P气V,鱼通过增加B室体积获得大小为a的加速度，则由a光的折射率大，根据v=。知a光在介质中传播速度小，牛顿第二定律得pg(V+△V)-Mg=Ma,由以上各式解故A错误；以相同的入射角从空气斜射入水中，b光的折射年离从A至充入B室的气体质量△m=PLAV=VR(2)鱼静止在水面下H处和H,处时，都有浮力等于重力，来小，根据-册，则6光的折射角较大，故B正骑：。则B室内气体体积都为V,当鱼静止在水面下H处时，B光的折射率大，a光的频率较大，根据c=λf,所以a光的室内的压强为p1=PgH十p0,当鱼静止于水面下H1处波长短，故C错误；因为a光的波长短，故a、b光分别通时，有p2=PgH1十po,设此时B室内气体压强变为p1时过同一双缝干涉装置，根据△x=一可知，口光的相邻亮纹的体积变为V2,气体温度不变，根据玻意耳定律有pV。间距比b光的小，故D错误。=,V,可解得V,=gH十V,可解得当鱼静止于水面pgH+p。8.C若黑箱是电池，当金属棒产生的感应电动势等于电源电动势时，回路的电流为零，此时金属棒处于稳定状态，满足下H,处时，B室内气体质量m,=P气V,=gHtm oE=BLv,则棒的最终速度与初速度无关，故A错误；若黑ogH+po箱中是线圈，因棒所受的安培力方向与速度方向相反，简谐综合检测（一）运动中回复力与速度方向可能相同也可能相反，则棒不可能做简谐运动，故B错误；若黑箱中是电阻，设阻值为r,则1.A根据单色光A在水中的波长与单色光B在真空中的波长当棒离开初始位置距离为x时，根据动量定理得v相等，单色光A在水中，有v=入fA,单色光B在真空中，有c=入fB,可得fA

·物理·参考答案及解析2x(R十h2可求得S6试验卫星的线速度，B项正确。T之×品；由此可知，为了使电压表的示数9.BCD【解析】根据题意E=Bv,得Eg=Bqv,将粒子1V即表示为流量1m/s,则磁感应强度应为以速度v水向左抛犬复合场中，根据“配速法”，粒0.4T。由于液体是匀速流过管道，则管道的压力差子的初速度可以等效为-个水向左的2和一个水应等于阻力，由△S=f可得，左右两侧管口应施加向右的，向右的速度？会产生一竖直向上的洛伦兹力F1=qB,由于Eg=q0B,则粒子的一个分运动的压强差△力=x210X100X2Pa=1×0.4×0.5为水向右的匀速直线运动，另一个分运动是水向104Pa。左的沿逆时针方向的匀速圆周运动，速度大小为2，12.(1)A(1分)B(1分)助·2如=mg,解得R贸粒子偏离入射方向(2)400(2分)(3)如图所示(2分)的最大距离为2R=4m”,A项错误；粒子在轨迹最低Bg点的速度大小为3v,方向水向右，有Bg·3v一Eq-m(3)，解得？一需即轨迹圾低点的曲率半径为贺，B明正确：粒子从艳出到运动至最低点的过程中电场力做正功，电势能减小，电势能的变化量为一EqX2R=一4m,C项正确；粒子在复合场中的运动只有电场力做功，所以粒子的动能和电势能的总和是守恒的，D项正确。10.ACD【解析】设初动能为Ek,则粒子运动到P点(4)5.5(2分)偏大(2分)和M点的动能分别为0.2Ek和0.52Ek,根据Ek=【解析】(1)A电流表量程太小，无法使用，但其内阻合m,f=B,可得f=B√票c层异1已知，且本实验缺少电压表，所以将A改装成电压表正合适，即图中A1选用的电流表为A,图中A2√品=后，A项正确；粒子由0点运动到点，f选用的电流表为B。动能定理可得Uor·(二q)=0.2Ek-Ek,粒子由O(2)因电源为1.5V的一节干电池，改装成的电压表点运动到M点，由动能定理可得UaM·(一g以芒量程为1.5V比较合适，所以电阻箱的阻值应为R1Q,2E一E,由以上两式可得0=3，在匀强电=(G品6-1o)n=400n.场中电势差之比等于两点距离在场强方向的投影长(3)实物连接图如答案图所示。度之比，如图所示：(4R的测量值为R.=2.20XC400+100)=200Ay/m5.52;因为没有考虑电流表A2的内阻，所以测量值偏大。13.【解析】(1)小球进人y轴左侧恰好做圆周运动，电场力与重力衡，则电场力必定竖直向上，小球应带x/m正电因OM在OP上的投影长OQ=3m,可知场强方向由衡条件有gE=mg(1分)正好是沿OP方向，测从P点到M点在水方向满足x=是.5册53，解得=26，B项错误，C项解得E=g(1分)m小球在第一象限中运动的过程，根据动能定理得正确；从P点到M点：△0=at=g:=25X0.1×mmg(9R+Rsin45°)-gE(+Rcos45°)=号v2m/s=5m/s,方向与加速度方向相同，即与电场力方向相同，与场强方向相反，即方向与PO行，D(2分)项正确。可得小球到达O点时的速度v=√(W3一1)gR三、非选择题(2分)11.0.4(4分)1×104(3分)(2)小球在y轴左侧做匀速圆周运动时，由洛伦兹力【解析】根据洛伦兹力等于电场力有Bq℃=Eq=充当向心力，由牛顿第二定律得U9,可得液体的流速o=BL,则流昼Q=Su-Bqv-m(2分)·38·

7.(2022一2023·黄冈期中)图甲是亮度可调节(1)请在图2的虚线框内画出图1相应的电路图。的家用台灯，图乙为其用于调节亮度的电位器(2)连接完电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的结构图，a、b、c是它的三个接线柱，a、c分别滑片移到(选填“A”或“B”)端。闭与弧形电阻丝的两端相连，b与金属滑片相合开关后，在调节滑动变阻器的滑片位置时，连，通过转动旋钮来改变亮度，下列分析正确手调节滑片，眼睛应该观察的是(选填“滑动变阻器”或“电流表示数”)。电阻丝(3)甲同学连接好电路，闭合开关后，发现无论滑片怎样移动滑片P,电流表示数较小且不变、灯的亮度也不发生变化，而且一直很暗，这电位器可能是滑动变阻器同时连接了两A.电位器应该和灯泡并联以后接入电路中个接线柱。（填字母符号)B.电位器是通过改变接入电路中电阻丝的横(4)丙同学连接电路时，当接完最后一根导线，截面积来改变阻值大小的灯泡立刻发出耀眼的光并很快熄灭。请找出实验操作中的两个不当之处（滑动变阻C,若将b、c接入电路中，顺时针转动旋钮时，器选择了一上一下两个接线柱)：灯变亮①D.若将a、b接入电路中，逆时针转动旋钮时，②灯变暗8,某高速公路收费站于去年开始对过往的载重货车实施计重收费，某同学结合所学物理知识10.新角度为了能测量拉力大小，小明设计了设计了如图所示的计重秤原理图，闭合开关，甲、乙两个简化电路图，其中硬质弹簧右端和金以下说法正确的是属滑片P固定在一起，电流表相当于拉力表。称重表Ro00000·o-0000弹簧拉环弹簧拉环A.称重表相当于一个电压表(1)闭合开关S,图甲中，当拉力增大时，电流B.车辆越重，称重表的示数越大表示数；图乙中，当拉力增大时，C.车辆越重，称重表的示数越小电流表示数（前两空均选填“变D.电路中的R,是没有作用的大”“不变”或“变小”)，故能实现测量拉力9.在用滑动变阻器改变灯泡亮度的实验中，同学大小的电路图是图们连接了图1所示的电路。(2)电路中R0(选填“能”或“不能”)去掉，因为图图2第十六章电压电阻55

三、非选择题：本题共5小题，共50分。解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要答题步骤，只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。12.(6分)(1)2.190(1分)7.870(1分)6.8×10-7(2分)(2)大(2分)【解析】(1)由图丙可知，对准第1条时读数为x1=2mm+19.0×0.01mm=2.190mm对准第4条时读数为x2=7.5mm+37.0×0.01mm=7.870mm根据公式△x=入子可得，所测单色光波长为A=△xd=（x-x）.L2312代人数据解得λ≈6.8×10-7m(2)根据公式△x=入台可知，当双缝的间距d变小，其它条件不变时，则屏上的干涉条纹的间距将变大。13.(10分)(1)BD(2分，漏选得1分，有错选或不选得0分)(2)12.0(2分)0.9900(2分)(3)g(2分)（④偏大(2分）【解析】(1)摆球运动过程中摆角应小于10°，否则就不是简谐振动，A错误；为减小测量误差，应从摆球到达衡位置时，即最低点开始计时，B正确；为减小阻力的影响，摆球应选用质量大、体积较小的球，不能选泡沫球，C错误；实验要使小球做单摆运动，应保证摆球在同一竖直面内摆动，D正确。(2)该摆球的直径12mm十0.1mm×0=12.0mm,单摆摆长l为0.9960m一0.0060m=0.9900m.(3)根据单摆的周期公式T=2x√任得7-货，则有k,解得g=4gk。亿可知该(4)实验中，某同学误将49次全振动数记为50次，则测得的周期偏小，根据T=2r√同学测得的g值将偏大。14.(8分)解：(1)由图像可知，波长入=4m,而传播速度为v=10m/s,则T=人=0.4s(2分)(2)再经过0.4s,质点P运动一个周期回到衡位置，则位移x=0(1分)路程s=4A=0.8m(2分)(3)根据题意可知，振动从P传到质点Q需要时间t=4=95s=0.4s(1分)v10Q点从刚开始振动到到达波峰的时间4=是T=0.3s1分)则从图示位置开始计时，质点Q第一次到达波峰的时间为t=t1十t2=0.7s(1分)高二物理参考答案及评分标准第3页（共5页）

4.如图所示，两行的光滑金属导轨固定在竖直面(2)求实验车的最大速率vm;内，导轨间距为L、足够长且电阻忽略不计，条形匀强(3)实验车以最大速度做匀速运动时，为维持实验车磁场的宽度为d,磁感应强度大小为B、方向与导轨运动，外界在单位时间内需提供的总能量面垂直.长度为2d的绝缘杆将导体棒和正方形的单匝导线框连接在一起组成装置，总质量为m,置于导体棒导轨上.导体棒与金属导轨总是处绝缘杆于接触状态，并在其中通以大小恒为I的电流（由外接恒流源产生，图导线框中未画出).线框的边长为d(d

木块长木板0丁。第24页/共24页

个湘的所名校高三单元洲试示范养解，)对A中气体，U形管香口南上时，有教A=ATgh2分)家中0带牙有不如雷配新长，我B中水股新#结热有到号闲⊙⊙儿记sX2S=(H-HS2分)5A=A+H一H+h+)2#)由玻意耳定律得AHS=PHS(2分)刊然得A=72cmHg。(2分)AB)U形管转至水时，对A中气体有乙pHS=HaS(2分)N解得H=25cm。(1分)15.(17分)图甲、乙是某一强力吸盘挂钩，其结构原理图如图丙、丁所示。使用时，按住锁扣把吸盘紧压在墙上（如图甲和丙），空腔内气体压强仍与外界大气压强相等；然后再扳下锁扣（如图乙和丁），让锁扣通过细杆把吸盘向外拉起，空腔体积增大，从而使吸盘紧紧地吸在墙上。已知吸盘挂钩的质量m=0.02kg,外界大气压强p=1×105Pa,丙图空腔的体积V。=1.5cm3,丁图空腔的体积V=2.0cm3。如图戊，空腔与墙面的正对面积S,=8cm,吸盘与墙面接触的圆环面积S28cm,吸盘与墙面间的动摩擦因数μ=Q.5,最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度g10/S2。吸盘空腔内气体可视为理想气体，忽略操作时温度的变化，全过程盘盖和吸盘之间的空隙始终与外界连通盘盖细杆空腔吸盘甲丙戊(1)扳下锁扣过程中空腔内的气体是吸热还是放热？。·(2)求扳下锁扣后空腔内气体的压强p1;(3)若挂钩挂上某重物时恰好不脱落，求所挂重物的质量M解：(1)整个过程中气体温度不变，空腔内气体的内能不变，扳下锁扣过程中空腔内气体对外界做功，根据热力学第一定律可知，空腔内气休从外界发热，《分》的感，果解德期干婚。得以超车，两国(2)根据玻意耳定律有pV。=pV1(3分)液相他等后底人的是法爱能为年意象际相脑义送专海】代入数据解得(3)若挂钩挂上某重物时恰好不脱落，对挂钩进行受力分析，有(M什m)gFN(3分)指，用拿由，挂钩对墙面的压力大小R=(S+S)-办5(3分)真是前P着，年联立各式，解得M=498kg。2分)A此同。年《的信定度食休中子学：p9双◆数的，推0进月7d1的●人，生中点新，原点即强的线是有用原是每异事，当底月健0[24G3DY新高考)·物理-R-必考-QGB129

【答案与解析】 28.C细节题。根据第4段第1句可知，研究人员尚不清楚这种 植物是否从杀死的昆虫中获取养分。 29.D推断题。根据第5段第1、2句可知，此处旨在说明当昆虫 的尸体腐烂时，植物也会受益这一自然现象。 30.B推断题。根据文章末句可知，Chase认为Nicotiana insecti-- cida在农业方面有应用价值。 31.A主旨题。文章介绍了一项科学界新发现一一种能捕捉并 杀死小昆虫的烟草属植物。

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60世纪的成争与和】阅读材料，完成下列要求.15分)材料191年第一次海湾战争之后，美国利用在中东确立的巨大优势地位，积板推键主申东新秋摩”，重组海遗和中东地区的安全机制：加强同埃及，沙特阿拉伯佰温

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四“l府C929☐148：54③④符合题意。7.【答案】A【解析】构建人类命运共同体是外交思想的核心理念，顺应了各国人民的普遍愿望，指明了世界文明进步的方向，是新时代中国特色大国外交追求的崇高目

4、炎德文化数学2024年普通高等学校招生全国统一考试考前演练一答案

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5.已知偶数f(x)在(0，+∞)是增函数，则下列结论正确的是小，小1升国2023~2024学年第一学期高三年级期中学业诊断代0的A.f(x)=cosx数学试卷C.f(a)=tD.f(x)=-1(考试

2024-05-26 21:53:06

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2024-11-01 01:33:15

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