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择捉了航行

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1、百

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W:No,I want to have a good talk with her first.听第三段对话，回答下面2个小题。M:Hello,this is Mike speaking.W:Hello

2024-04-23 00:18:16

18

二、选择题Ⅱ（本大题共6小题，每小题3分，共18分。每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分)16.1072年，诏“司农寺出常粟十万石，赐南京、宿、毫、泗州，募饥人浚沟河”。沈括受命体举其事，并令其“相视开封府界以东，沿汴（河）官、私田，可以置斗门，引汴水淤溉处，以闻”。从中可知A.古代救灾赈灾机制僵化B.社会救济与募役法相结合C社会救济机制走向完备D.社会救济的主体是民间组织17.社会治理是国家的基本职能之一。人类自进入文明社会以来，各国都是通过某种特定的政治制度来实现社会治理的。下表所列信息，按出现的时间先后排列正确的是①诸行省用及千定（锭)，必咨都省②天下之事无小大皆决于上③防民之口，甚于防川④虽置三公，事归台阁A.③②④①B.②③①④C.③②①④D.②③④①18.16世纪初葡萄牙政府遣使来华。在中国史书的记载中，正德十二年底有关葡萄牙特使来华的报告送达北京，次年正月，该报告交由礼部议处，内阁大学士毛纪再根据礼部意见票拟诏旨。毛纪著作中收录了相关票拟建议，认为“今本国虽称赍捧方物前来进贡，既非旧例该贡蕃国，又无来历堪信文书，一旦遽欲入贡请封…致惹衅端”，同时闻得葡萄牙“自恃强盛，经过满刺加国及苏门答刺国，皆行剽劫”。礼部和内阁的意见被武宗皇帝所采纳，明武宗谕令其使臣还国。据此，下列项中，表述不正确的是①明朝政府致力于维护朝贡体制以及朝贡贸易体系②葡萄牙的“皆行剽劫”行径一度被明朝政府称为“倭寇”③明朝政府拒绝葡萄牙特使的请求，关上对外交往的大门④内阁逐渐成为事实上的行政中枢，行使票拟权有效制约皇权A.①②③B.①③④C.②③④D.①②④19.有学者认为：在哥伦布发现新大陆之前，享有中国商品对贫穷的欧洲人来说几乎是可望而不可及：在哥伦布发现新大陆以后，美洲的白银为欧洲提供了中国唯一可以接受的交换物，中国因此成为世界第一大商品出口地。来自中国的丝绸和瓷器，其精良的制作工艺对欧洲人来说堪称神品。用丝、瓷、茶换白银的贸易持续了数百年，穿梭在东西方之间的大帆船拉开了全球化的序幕。由此可知A.新航路开辟后世界各地间的贸易没有了阻碍B.世界贸易中心由大西洋沿岸转到太洋沿岸C.大帆船贸易是世界市场初步形成的主要原因D.一个围绕白银输入中国的贸易网络逐渐形成20.1983一1988年我国的劳模表彰活动，在继续提倡吃大苦耐大劳精神的同时，更注重表彰知识分子和经营型人才，如发明汉字编码方案的王永民、研究河蟹育苗新技术的赵乃刚。这一时期的劳模表彰高二历史学科试题第4页共7页

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由此可知，这一举措意在A.形成完整教育体系B.助推科研队伍建设C.均衡高等教育类别D.适应国家发展战略11.公元前287年，经过长期斗争后，民出身的霍腾西阿被任命为罗马独裁官，民在法律上取得了政治

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志着中国史学由传统向近代的转变，排除D项。故选B项。7.

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独立于其他地区，其棉纺织业是独立发展的，排除A项；据所学知识可知，美洲文明、印度文明和中华文明并不相同，不能体现文明演进呈一体化趋势，排除C项；考古发现有利于推动历史研究，但历史研究并非完全依赖考古发

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20222023学年度苏锡常镇四市高三教学情况调研（一）历史2023年3月注意享项考生在答题前请认真阅读本注意事项及各题答题要求1.本试卷共8页，满分为100分，考试时间为75分钟。考试结束后，请将本

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高三一轮复。历史（人民版）参考答案及解析（人民版）高三一轮复40分钟单元检测卷/历史（一）一、选择题与题干主旨不符，排除；D项与史实不符，排除。1.B【解析】经过对商朝的战争，周初统治者的治国理5

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多是休的发是是装系在一出的，吉我如合天支特（多上中四，无形中发可以去认汉支化前的乡土中因然后科去理解如令实

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【N一⑤0一是一H一粪号是髻·系W·（是号继)aV)·Z】市3▣

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学之间的电压表示数为U,下列说法正确的是1.90PRDB甲A.河道中心河水的流速为B.河道的流量为2(I十)hUGC维持电感流量计中的河水以速度，流动浴要施加的压强差为3Bcac?BkalD,维持电磁流量计中的河水以速度流动要施加的压强差为B)智能手机中白同时外加方/【保折打这河造中心灯太的瓷或为，当电后光年示黄为，即M,V之同的克压为U时：有咖B=g,得系尔电压UH,AE确河造的散载面积5生%，均流速，号器河道的流量Q-S0,联立解得Q-U为霍尔系数：瓦简误：设在古同到香：为正E装为的，剂水在管道内约这注，击子者关系符，4L兴。一品代入上到示，该同学用大数血酒的人△，C项错误，D项正湾。过导线相连【答案】AD奥是认爆端州(2)已知薄片的小，测量相应第Ⅱ卷（非选择题共56分）1袋直3阳和张00数为三、实验探究题：本题2小题，共16分。将符合题意的内容填写在题目中的横线上，或按题目要求作答。(3)若用霍尔元11.(7分)工厂为了复制生产某合金金属圆管，需要测量其中空部分的横截面积。图甲为该种金属管公n,每个自由的横截面，现截取一段粗细均匀的金属管进行测量：(1)用毫米刻度尺测得该段金属管的长度为L,用螺旋测微器测量金属管的外径D,如图乙所示则外径D的示数为mm。0所给的字母【解析】(1)根据左810004030201525,02P(2)UH-I图像0Vm·A1·T(3)设MN之间0.5aB,根指电流黄感应强度大小B,还(2)用多用电表测显该金属管的阻值：先调整指针定位螺丝，使指针对准电流挡的零刻度处丙【答案1)M(2金械词零后，将选挺开关旋至欣姆X10挡，将两表笔短接，西节欧姆调零旋钮，使电表指21.5X10-3表盘(选填“左”或”行侧的零刻度处：两表笔接触金属管的两端，电表示数如时示，则金属管的阻值R=Q。③)电压表示数U(3)通过查表得知该合金材料的电阻率为p,则金属管中空部分的横截面积为二·，所给字母表示)面赠直四计算题本题3(用出最后答案的100写子及宝位心好心法大6.00分)2022每【24G3DY(新高考)：物理-R-必考-HUN】正式下水。某射模型其原母

全国UU所名仪高5中刚巴入【解题分析】(1)在恒力F作用下，设放置滑块前滑板的加速度大小为α1，则F=Ma1,解得a1=4m/s2（1分)在恒力F作用下，设放置滑块后的瞬间滑板的加速度大小为α2，则F-mg=Ma2,解得a2=2m/s2。(1分)(2)对滑块受力分析可得umg=ma3（1分)解得ag=4m/s2与左侧挡板发生弹性碰撞前瞬间，滑板的速度大小1=a1t十a2(t2-t)（1分)解得U1=7m/s与左侧挡板发生弹性碰撞前瞬间；滑块的速度大小2=a3(t2一t)（1分)解得2=4m/s设碰后瞬间滑板的速度大小为⑦'，滑块的速度大小为2'，由碰撞过程中滑板和滑块动量守恒、能量守恒，可得M+m=M'+mw'（1分)合Ma,2+2my2=2Ma+zmaw”(1分)解得'=5m/s,2'=8m/s。(2分)(3)设滑板的长度为L,则L=2x[a6+y=0-20].2分剂2解得L=8m。(-)假设滑块未与右侧挡板发生碰撞，两者最终速度相同，设为，则Mu'+m2'=(M+m)(1分)mgs=2Mu2+2ng-号M叶m)w2(1分)解得5碰后=0.T5m,可知假设成立，小滑块与滑板在整个过程中因摩擦产生的热量Q=mg·2十mg·(1分)可得=19J。(2分)

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的发留裁寄背星2.鹏片战。.西学年南新思相文化有时驭昆R到西斛拉的奇服3、封建税治集国因阿极局限加乐朝上国风会影响仍持中国仲封用西方26.(13分)阅读材料，完成下列要求。村料一“造化、神化、变化，道

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强化考点1-13提能与纠错可能受到的弹簧弹力和重力均在竖直方向，故其一定受到细绳对它的拉力.设系统的加速度为，绳的拉力为F1,根据牛顿第1.A新：匀减速运动的加速度0=？坐底前心，<时同内二定律Frs

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.步骤乙中，刚从卵巢中采集到的卵母细胞可与获能的精子在体外受精C.步骤丁中，为避免代孕母羊对植入胚胎产

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结合材料，完成下

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解析：本题考查交流电的图像和含变压器电路的计算。由题图乙可知，原线圈交流电的周期T=0.04S,频率∫25Hz,即交流电的方向每秒改变50次，变压器不改变频率，则通过灯泡L的电流方向每秒改变50次，A项错误；由4、b间电压的有效值U。=200V,原线圈上的指示打正常工作时，电流1=号=0,5A,副线圈上的灯泡正常工作时，电流-及=音A,乾原，制线调的豆载比而·地=上：1=8：3，B项特误：原线调两瑞的电压U=U一8V192V,由m·阳=U:U得U=72V,故制线圈的总电租Rs-号=540，所以滑动支阻器接入电路的阻值R=Rs一R.一R1=9,C项错误：原线圈的输入功率P=U1I1=96W,D项正确。答案：D8解析：当带负电的宇宙射线粒子垂直于地面向赤道射来时，根据左手定则可以判断粒子的受力方向向西，所以粒子将向西偏转，A项错误、B项正确：洛伦兹力不做功，故粒子的速度大小不变，C项错误，D项正确。答案：BD9解析：第1、内，磁场方向向下，穿过导体环的磁通量减小，根据楞次定律，感应电流产生的磁场方向向下，由安培定则可知，导体环中的电流为顺时针（俯视）方向，第1s内与第2s内产生的感应电流方向相同，故A项正确、B项错E△B·S误：第3s内，导体环中的电流大小，=卡-2·R=0.01A.C项正确：第3s内与第4s内产生的感应电流相同，则第4s内，通过导体环某一横载面的电荷量g=It=0.01C,D项错误。答案：AC10解折：本超考壶运距离输电。向理想变压器的蒸本关系知受-费.山不支，货变为原来的2.5倍，则U变为原来的2.5倍，A项错送；由P%=U可知，U,变为原来的2.5倍，变为原来的号，所以P%变为原来的2倍，B项正确；根据P:=R,可知P:变为原来的号C项辑误：固为输电总功率变大，损夫的功率变小，所以用户瑞的功率交大，由于用户端的电压不变，故1变大，又因为上变小，山2=，降压变压器原、副线圈的匝数比业=，所以降压变压714器原、副线圈的匝数比应变大，D项正确。答案：BD11解析：(I)自耦调压器的工作电源为交变电流，应该选用交流电压表，故可能要用到的测量仪器是C。(2)由题可知原线圈输入交流电的有效值尝6V=6V,触头P正好在A,B的中间，则原，副线图的匝√2√2比小，心2。若该自锅调压器为理热变压器，根搭原、副线图的变压比可知号什·解科制线圈两端的电压U=12V,考虑到有漏磁、热损等影响，则副线圈所测得的电压应小于12V,可能为11.48V,C项正确。(3)若忽略漏磁、热损等影响，设总匝数为N,电压表示数为U1时，该自耦调压器副线圈的匝数为N1,则由题意得品=品=n代解得N=nU答案：(1)C(2分)(2)C(2分)(3)0UnU(3分)12

烟花弹竖直上升的过程中做竖直上抛运动，则有o=gt,(1分)解得=1/2Eg m(1分)则从烟花弹发射到两部分都落地所用的总时间t=2。=2,/2四gN m(1分)(3)设爆炸后，两部分的速度大小分别为、2，对于爆炸过程，由动量守恒定律，有3w322(1分爆炸后的动能E-合×3m,2+号X221m2(1分)解得2√得(2分)》爆炸后两部分均做抛运动，两部分的落地点间的距离x=(1十2)。(1分)代人数据可得x=2E。1分)15.解：(1)设小物块刚放上传送带的A点时的加速度为a1由牛顿第二定律，有ngcos37°+ngsin37°=ma1(1分)解得加速度的大小a1=ugcos37°+gsin37°=8m/s2(1分)小物块与传送带共速时，有v=a1t1(1分)解得t1=”=0.5s(1分)a小物块与传送带共速时，小物块通过的位移大小=a4=1m。（1分)(2)共速后，设小物块的加速度为a2ngsin37°-mgc0s37°=ma2(1分)可得a2=4m/s2(1分)由=1-=十21分)可得t2=1s(1分)故t=t1+2=1.5s。(1分)(3)由(1)(2)可知，小物块受到的摩擦力的方向先沿传送带向下后沿传送带向上I=ngcos37(t2-t1)=3N·s。(2分)(4)小物块到达B处时的速度大小v'=v十a2t2=8m/s(1分)小物块与木块发生弹性碰撞，由动量守恒定律和机械能守恒定律可知mu'=mu"+mo01（1分)合m0=3m+2m2(1分)1即木块的速度大小w1=12m/s。(1分)在8大25DY·物理-R-选择性必修第一册-QGA·N

动量守恒，则m11=m1'十m22',代入得1√/LE=m1√LD十m2√Lr。8.解：(1)小铜块和木板在水方向不受外力，所以系统动量守恒，根据动量守恒定律，有m=(m+M)v(4分)解得v=4m/s(3分)方向水向右。(2分)(2)根据能量守恒定律，有Qm,2-M+m)2(6分)解得系统产生的内能Q=6J。(4分)9.解：(1)设滑块A到达滑槽末端时，滑块A的速度大小为2。滑块A沿滑槽无摩擦滑下时，滑块A与滑槽组成的系统水方向动量守恒，则有0=mu1-mw2(4分)滑块A沿滑槽下滑时，滑块A与滑槽组成的系统机械能守恒，则有mgR=72+方ms2（4分)联立解得=√gR。(4分)(2)滑块A、B发生正碰，滑块A、B组成的系统动量和机械能均守恒，则mu2=m3+2m4(4分)1m%2+12m%2-1·2mo42(4分)解得u=号√gR。(4分)·4·25ZC·物理-R-选择性必修第一册-Y

第二单元匀变速直线运动的速度、位移、时间三者之间的关系1.C解析：本题考查时刻、质点、参考系、位移。2023年5月30日16时29分是飞船与空间站成功对接的时刻，A项错误；飞船与空间站对接的过程中，不可以将飞船和空间站视为质点，B项错误；飞船与空间站对接后，以空间站为参考系时，飞船是静止的，C项正确；空间站绕地球运动一周，路程不为零，但位移为零，D项错误。2.A解析：本题考在加速度。根据加速度的定义式a一可知，运动员的加速度大小a0是m/s=20m/s:汽车的加速度大小a:=碧m/s=5m/:火车的加速度大小a1020品m/s=0.2m/:飞机的加速度大小a,一器m/s2=0.25m/~,显然加速度最大的是运250动员，A项正确。3.C解析：本题考查对位移一时间图像的理解和均速度的应用。根据均速度的定义可知，相等时间内位移最小的均速度最小，所以玩具汽车均速度最小的时间段为2。~3。，C项正确。4.B解析：本题考查位移公式的应用。把玩具小车的匀减速直线运动看作逆向的初速度为零的匀加速直线运动。设整个过程所用的时间为t,加速度大小为α，则玩具小车在第1s内的位移x=7aP-a1-1),玩具小车在最后1s内的位移x=a×1,又=k,联立解得T24生，B项正确。5.D解析：本题考查匀变速直线运动。在时间间隔t内，物体的位移为x,速度变为原来的k倍，设物体的初速度为，则末速度为ku。由匀变速直线运动的均速度公式可得十”=2子，由加速度公式可得。=，”，解得十少项正确。6.C解析：本题考查对速度一位移图像的理解和匀变速直线运动规律的灵活应用。由题意知，物体运动的0一x图线为抛物线，0与x的关系式为v2=kx,对照匀变速直线运动公式,2=2a,x可知，物体做初速度为零的匀加速直线运动，设物体的加速度为a,根据v2=2ax,可得物体在x=1m与x=4m处的速度之比号√任=号C项正确，7.D解析：本题考查匀变速直线运动的规律。经一段时间，小球的位移大小与路程之比是4：5,说明小球已经反向运动，即此时(t1时刻)小球的速度方向沿斜面向下，设此时小球的速度大小为，若时刻小球的位置在出发点下方，则小球的位移大小1=心，，路程2a由颗意知4·=4：5，解得v=3w,即小球在这段时间内的均速度向下；若此时(2时刻)小球的位置在出发点上方，设此时小球的速度大小为v',则小球的位移☑小22路程十由题意可知x22=45,解得=罗方向沿斜面向·4大25DY·物理-R-必修第一册-QGA·N