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【解题思路】分析可知粒子可能是从A点运动到C然猜有所依设线框完全穿出磁场时的速度大小为“，则根据动点，也可能是从C点运动到A点，A错误；电子只在热考情境，粒子在磁场中的运动2西=Q4s,所以碰前4的速度-0P_0480.4m/s量定理有电场力作用下运动，则电子的电势能和动能之和不带电粒子在磁场中的运动是高考常考的模型。这112m/s,碰后A,B的速度分别为-0M_Q32m/s=-0.4变，为32eV,又题图中为等差等势线，B点的电势类问题常常涉及粒子运动的多过程分析、临界R△t=mm-m(2分)0N0.5568为15V,A点的电势为零，则等势线c的电势为问题或多解问题。2021年全国乙卷第16题考查0.88m/s,0.4m/s=1.392m/s,则碰前总可得、B2L3R=mw-mo(1分）10V,则电子在经过等势线c时的动能为42eV,B两粒子在圆形有界磁场中的运动。本题通过粒子动量P前=m11=0.045×1.12kg·m/s=在两磁场中的运动考查临界问题和周期问题。解得v=0.928m/s(2分)》正确；根据等差等势线的密疏表示电场强度的大小0.0504kg·m/s,碰后总动量p后=m1+m2%=25.【关键能力】逻辑推理能力、分析综合能力可知B点的电场强度大于A点的，C正确；电子在(0.045×0.88+0.0075×1.392)kg·m/s=关于等势线d对称的两点所受电场力大小一定相【解题思路】如图甲，要使粒子能穿过边界ac,临界【学科素养】物理观念和科学思维0.05004kg·m/s≈0.0500kg·m/s;(3)n=【解题思路】(1)从A到B,根据机械能守恒定律有同，但方向不一定相同，D错误。状态是粒子的运动轨迹与cd边相切，由几何关系P前-P后_0.0504-0.0500×100%≈0.8%。120.CD【必备知识】电路的串并联、闭合电路欧知，粒子的运动轨迹半径r=L,由，B=m,得P前0.0504msR1-w)+nmdr2分姆定律、电容器23.【答案】①c(1分)2分)台(2分)解得v1=12m/s(1分)【解题思路】电路稳定后，电容器所在电路为断路，-9BL,A正确：要使粒子从a到c的时间最短，其m增大光照强度，R减小，总电阻减小，总电流增大，②不变(1分)偏大(2分)不变(2分)对小物块和长木板组成的系统，根据动量守恒定律运动轨迹如图乙所示，由ab=√3bc可知∠cab=【解题思路】①根据闭合电路欧姆定律可得U=￡有m,=(M+m)u(1分)则路端电压减小，流过灯泡的电流减小，灯泡变暗，内，根据电路分析可知单刀双掷开关S,拨到1位置A错误；滑片向右移动少许，电路稳定后，电容器所30°，粒子的运动周期T=2m,根据几何知识可知根据能量守恒定律有)m=2(M+m)2+以，mgL所得图线为b,单刀双掷开关S,拨到2位置所得图在电路为断路，回路总电阻不变，总电流不变，通过粒子运动轨迹对应的圆心角之和为240°，则从a到(2分)线为ca,而拨到2位置的等效内阻为R,+r,故由图灯泡的电流不变，灯泡亮度不变，B错误；仅增大光解得L=8m(1分)照强度，R减小，外电路总电阻减小，但是不清楚外e所用的最短时间为1=子T-公，D正确：粒子婴3gB线cb得电动势E=c,内阻r=6,由图线ca有R,+(2)对长木板有山，mgL,=)M2(1分)电路总电阻与电源内阻的关系，所以电源的输出功能从c点射出，可能在磁场中经过246：次偏率可能一直增大，C正确；当滑片向右滑到滑动变阻转，则有2rcos30°=2L(n=2、4、6、…),粒子轨迹r=台，所以R,=台-分。②由图甲可知电流表有内解得物块与长木板共速时木板的位移L=氵m(1分)器左侧部分电阻为号R时，由于R=几，所以亮半径-23L,速度-25BL,B错误；当粒子经阻会造成实验结果有误差，电动势真实值和测量值长木板与平台CD相碰，设小物块在平台CD上滑3n3mn相等，而单刀双掷开关S,拨到1位置，实际的内阻行dm后恰好停在D点子R左侧磁场偏转进入右侧磁场后直接垂直bc边射出为R4+,所以测量的内阻偏大；由图乙两图线得到则此时电容器两极板的电势相等，因此电吉R+R时，根据几何关系有2r.cos300+'sim30°的内阻都偏大，但是因电流表内阻是一定值，所以对小物块根据动能定理有-4mgd。=0-2m(1分)cos 30=2L,解所得定值电阻的数值与其真实值相比是不变的解得dm=4m(1分)容器两极板间的电势差先减小后反向增大，即电容得，3,C正确24.【解题思路】(1)0~1s内线框完全在磁场中，只d.+h+h-普m
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