百师联盟 2023~2024学年高一十月大联考x物理试卷答案

2023-11-02 01:45:08 24

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本文从以下几个角度介绍。

参考答案学生用入书向后运动，故B正确。擦力大小为F2',水平面对底座的支持力大小为F2,则4.D[解析]电梯相对地球静止时，由于不受空气阻力，释放后的苹果对底座：Mg十F2'-F2=0和羽毛均做自由落体运动，故二者同时落到电梯底板上，A错误；电梯由牛顿第三定律得：F2=F2做自由落体运动时，释放后的苹果和羽毛同样只受重力作用，B错误又由题意有：F2=Fn牛顿第二定律成立的条件是必须在惯性参考系中，即选择静止或做匀联立解得：FN2=(M一m)g十ma。速直线运动的物体为参考系，而自由下落的电梯不是惯性参考系，因考点集训（十一）此以自由下落的电梯为参考系，牛顿第二定律是不成立的，C错误；由1.D[解析]设铁夹对小球的作用力为F,则F竖直方向的分力F1=于自由下落的电梯不是惯性参考系，牛顿第二定律不成立，则观察者mg,水平方向的分力F2=ma,铁夹对小球的作用力F=√F?+F区=不能仅凭此时苹果和羽毛的运动现象判断两个物体的受力情况，D正确。m√十可，F与水平方向的夫角a清足加0=是=吕，即F的大5.AD[解析]对人隔离受力分析，人受竖直向下的重力G2、向下的作小和方向都与小球的加速度大小有关，故A、B、C错误，D正确。用力F、向上的支持力FN,由牛顿第三定律与平衡条件可得FN=G22.D,[解析]乘客站上扶梯，电动扶梯缓慢加速阶段，乘客的加速度斜十F=G2十F,根据牛顿第三定律，人对木箱底的压力大小为G2十F,向上，有竖直向上的分加速度和水平向右的分加速度，根据牛顿第二A正确，B错误；将人与木箱看成一个整体，可得木箱对地面的压力大定律，在竖直方向上，扶梯对乘客的支持力大于其重力，乘客处于超重小为G十G2,C错误，D正确。状态，在水平方向上，乘客受到水平向右的摩擦力，此时扶梯对乘客的6.AC[解析]物块受三个力，水平方向受弹力FN,且FN=ma,故a减作用力斜向右上方；扶梯匀速上升时，加速度为零，扶梯对乘客只有向小，FN减小，C正确；竖直方向受重力和车厢壁对物块的静摩擦力∫上的支持力，即扶梯对乘客的作用力竖直向上，且与乘客所受重力大且f=mg,a增大，f不变，故A正确，D错误；在水平方向上，车厢壁小相等，则既不超重也不失重。故A、B、C错误，D正确。对物块的弹力与物块对车厢壁的压力是一对作用力与反作用力，故B3.B[解析]剪断细绳前，物块B恰好对地面没有压力，则弹簧处于伸错误。长状态，根据平衡条件有：mg=kx,对物块A有：T=2mg十kx,即T7.BD[解析]甲拉乙的力与乙拉甲的力是一对作用力与反作用力，大=3mg;剪断细绳后，刚开始物块A受到竖直向下的重力和弹力，物块小相等，与二者的运动状态无关，即不管哪个获胜，甲对乙的拉力大小A加速下落，下落过程中弹力变小，加速度减小，当弹簧恢复原长后始终等于乙对甲的拉力大小，只是当地面对甲的最大静摩擦力大于地物块A继续向下加速运动，压缩弹簧，当弹簧弹力大小等于重力时，面对乙的最大静摩擦力，甲才能获胜，故A、C错误，B、D正确。物块A加速度减为零，此时速度最大，设此时弹簧压缩量为x1,对物8.C[解析]灯泡受的重力与灯泡对绳的拉力既不是平衡力也不是相块A有：2mg=kx1,解得：x1=2x,物块A向下运动的总距离为3x互作用力，灯泡受的重力和绳对灯泡的拉力是一对平衡力，选项A、BA错误，B正确。剪断细绳瞬间，弹簧弹力不突变，物块A所受重力和错误；灯泡对绳的拉力和绳对灯泡的拉力是一对作用力和反作用力弹力的合力与剪断前绳子拉力等大反向，所以A物块的加速度大小á绳对天花板的拉力和天花板对绳的拉力是一对作用力和反作用力，选项C正确，D错误。=五==是&，C.D错误9.B[解析]长木板处于静止状态，水平方向受两个力：木块对长木板4.D[解析]把滑块和小球看作一个整体受力分析，沿杆方向：(m1十向右的滑动摩擦力，大小为f=2mg,地面对长木板向左的静摩擦力m2)gsin30°+f=(m十m2)a,垂直杆方向：FN=(m十m2)gcos30°，2,据平衡条件得f2=万=2mg,根据牛顿第三定律，长木板对地面摩擦力：f=FN,联立可解得：a=gsin30°+gcos30°=7.5m/s2,小的摩擦力大小为2mg,方向向右，故B正确。球加速度沿杆向下，由于a>gsin30°=5m/s2,对小球受力分析可知，10.D[解析]平衡车匀速行驶时，平衡车与人的相对位置不变，相对细绳偏离垂直杆的方向向右，故D正确，A、B、C错误。于平衡车上的人，车是静止的，故A项错误；人驾驶平衡车在水平路5.A[解析]由题可知，不挂钢球时，弹簧下端指针位于直尺20cm刻面上做匀速直线运动时，平衡车的重力加上人的重力等于地面对平衡度处，则弹簧的原长x0=20cm;下端悬挂钢球，静止时指针位于直尺车的支持力，所以平衡车的重力与地面对平衡车的支持力不是一对平x1=40cm刻度处，则根据平衡条件有mg=k(x1一xo),且40cm刻衡力，故B项错误；平衡车在加速过程中不是平衡的，故C项错误；关度对应的加速度为0，B错误；指针位于x2=30cm刻度时，有k(x2闭电机，平衡车还会继续行驶一段路程是由于平衡车具有惯性，故D-mg=ma2,联立解得a2=-0.5g,A正确；指针位于x=50cm项正确。刻度时，有k(x3-x0)一mg=ma3,联立解得a3=0.5g,C错误；设钢11.[解析]对A受力分析如图甲所示，设B对A作用力的方向竖直向球相对装置静止时指针所对刻度为x,根据牛顿第二定律有(x下，由平衡条件得k(L一L。)一mg一F=0,解得F=一4N,故B对A2)一mg=m,联立解得a=头g,即加速度a与z成线性关系，的作用力大小为4N,方向竖直向上；由牛顿第三定律得A对B的作则各刻度对应加速度的值是均匀的，D错误。用力F'=一F=4N,方向竖直向下，对B受力分析如图乙所示，由平6.C[解析]由图可知拉手所受合力向左，则加速度向左，因列车前进衡条件得FN一mg一F=O,解得FN=9N,由牛顿第三定律得B对地方向向右，所以列车可能减速进站，A正确；拉手与列车具有相同的加面的压力大小为9N。速度，即两拉手具有相同的加速度，设加速度大小为a,受力分析可知tk(L-Lg)F台=mAg tan a=mAa,F合'=mBgtan B=mBa,所以a=B,B正确；因列车加速度不变，则拉手的加速度不变，由以上分析可知偏角不变，与拉手悬绳长度无关，C错误；根据F合=mAg tan a=mAa,可得加速度大小a=gtan a,D正确。本题选说法错误的，故选C。F7.C[解析]对整体由牛顿第二定律得(m。十m6)gsin0=(ma十m6)a,得a=gsin6,单独对a受力分析，由牛顿第二定律得，竖直方向上有2ag-N=maa1=nag sin20=Gsin20,水平方向上有f=maa2=12.[解析]如图甲所示，圆环上升时，设杆给环的摩擦力大小为F,环meg sin 0cos8=Gsin dcos0,则得b对a的支持力N=G-Gsin20给杆的摩擦力大小为F',水平面对底座的支持力大小为FM,则Gcos26,由牛顿第三定律知a对b的压力N'=N=Gcos20,a受到的摩对圆环：mg十Fn=ma擦力大小为f=Gsin Ocos8,方向水平向右。故A,B、D错误，C正确对底座：FM十Fn'-Mg=08.CD[解析]在第一过程中，运动员刚接触床面时重力大于弹力，运由牛顿第三定律得：Fn=Fn动员向下做加速运动，处于失重状态；随床面形变的增大，弹力逐渐增联立解得：F=(M十m)g一ma;大，弹力大于重力时，运动员做减速运动，处于超重状态，故A错误C正确。蹦床运动员在第二过程中和第一过程中的运动情况是对称的，加速度方向先向上后向下，先处于超重状态，后处于失重状态，故B错误，D正确。9.A[解析]物块在力F作用下做初速度为零的匀加速直线运动，设加速度大小为a,上升高度为h1,末速度大小为，则=号a2,Mg=at;撤去力F后物块做竖直上抛运动，则一(h1十h)=·2t用如图乙所示，圆环下降时，设杆给环的摩擦力大小为F2,环给杆的摩之g(2)2,联立解得a=号g,根据牛顿第二定律有F-mg=m,得731

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